2016年内蒙古通辽市中考物理试卷
一、选择题（共15小题，每小题2分，计30分．）
1．（2分）中考前，小明进行一次体检．下列数据最符合实际情况的是（ ）
A ．身高170dm B ．身体质量500g C ．体温36.8℃ D ．心率75次/s
2．（2分）日常生活中处处有声音，关于声音下列说法中正确的是（ ）
A ．声音传播需要介质，真空不能传声
B ．人们小声说话时，声音的音调一定低
C ．通过居民区的高速铁路需加装隔音屏障是在声源处减弱噪声
D ．声呐来获得水中鱼群位置是利用声音可以传递能量
3．（2分）在下列物态变化的实例中，正确的是（ ）
A ．舞台上用干冰制作“云雾”，这是汽化现象
B ．夏天阴凉地方的石头比较潮湿，这是液化现象
C ．电冰箱冷冻室内出现白色的霜，这是凝固现象
D ．衣柜中的樟脑丸，过一段时间变小或消失，这是熔化现象
4．（2分）如图所示的四种光现象中，属于光的折射现象的是（ ）
A ．
拱桥倒影 B ．
树木间的光线
C ．
一叶障目，不见泰山 D ．
钢笔错位
5．（2分）关于力和运动的关系，下列说法中正确的是（ ）
A ．髙速公路限速是因为车速越小惯性越小，可以减少交通事故的发生
B ．物体运动状态不改变，一定没有受到力的作用
C ．汽车做匀速直线运动，说明汽车受平衡力作用
D ．拋出去的篮球在上升过程中不受重力作用
6．（2分）为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统．当乘客坐在座椅上时，座椅下的开关S 1闭合，若未系安全带，则开关S 2断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关S 2闭合，指示灯熄灭．下列设计最合理的电路图是（ ）
A ． B ． C ．
D ．
7．（2分）下列电与磁有关的说法中正确的是（ ）
A ．地球是个巨大磁体，而且地磁场的北极在地理北极附近
8B ．电磁波在真空中传播速度是3×1O m/s
C ．电动机是利用电磁感应原理工作的
D ．红外线、紫外线、超声波都属于电磁波
8．（2分）透镜在我们的生活学习中应用广泛，下列说法错误的是（ ）
A ．近视眼镜利用了凹透镜对光的发散作用
B ．照相时被照者应站在镜头二倍焦距以外
C ．显微镜的目镜成正立、缩小的虚像
D ．借助放大镜看地图时，地图到放大镜的距离应小于一倍焦距
9．（2分）如图所示工具中，使用时不能省力但能省距离的是（ ）
A ．
动滑轮 B ．
订书机 C ．
筷子 D ．
天平
10．（2分）下列关于能量的说法中正确的是（ ）
A ．在北方很多地区充分利用风力来发电，风能属于可再生能源
B ．物体内能增加，一定要从外界吸收热量
C ．“神舟”飞船在加速升空过程中，它的动能增加，机械能不变
D ．汽油机做功冲程中，将机械能转化为内能
11．（2分）“生活处处有物理”．下列生活现象与其解释正确的是（ ）
A ．用髙压锅煮饭﹣﹣增大锅内气压，降低水的沸点
B ．破镜难圆﹣﹣分子间的斥力大于引力
C ．用活塞式抽水机抽水﹣﹣利用了连通器原理
D ．飞机靠机翼获得升力﹣﹣流体流速大的位置流体压强小
12．（2分）如图所示，把一个重400N 的物体沿竖直方向上在10s 内匀速提升了2m ，所用拉力F 为140N ，不计摩擦和绳重．则下列计算结果错误的是（ ）
A ．动滑轮重20N B．拉力F 做功840J
C ．拉力F 做功的功率为84W D ．此滑轮组机械效率为80%
13．（2分）张华同学在“探究通过导体的电流与其两端电压的关系”的实验时，将记录的实验数据通过整理作出了如图所示的图象．分析图象得出的下列说法中错误的是（ ）
A ．通过导体A 的电流与其两端的电压成正比
B ．导体A 和B 的电阻之比为1：2
C ．当在导体B 的两端加上1V 的电压时，通过导体B 的电流为0.1A
D ．将导体A 和B 串联时通过A 的电流为0.4 A，则导体B 两端电压为2V
14．（2分）两个用同一种材料制成且完全相同的密闭圆台形容器一正一反放置在同一水平桌面上，容器内装有质量和深度均相同的不同液体，如图所示．若它们分别在水平方向拉力
F 1和F 2的作用下沿 水平桌面做匀速直线运动，速度分别为v 和2v ，容器底部受到液体的压强分别为p 1和p 2． 下列关系正确的是（ ）
A ．p 1=p2 F 1=F2 B ．p 1＞p 2 F 1=F2 C ．p 1＞p 2 F 1＜F 2 D ．p 1＜p 2 F 1＞F 2
15．（2分）如图，电源电压18V 保持不变，电流表量程是0﹣0.6A ，电压表量程是0﹣15V ，小灯泡上 标有“6V 3W”字样．要求：开关闭合后两个电表的示数均不超过所选量程，且灯泡两端电 压不允许超过额定电压（灯丝电阻不变）．则下列说法正确的是（ ）
A ．滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表和电压表示数都变大
B ．当电流表示数为0.4A 时，电压表示数为12V
C ．该电路的最大功率为9W
D ．滑动变阻器允许调节的范围是18Ω﹣60Ω
二、作图与实验题（16-18小题各2分，19一20小题各3分，21小题4分，22小题5分，计21分）
16．（2分）根据平面镜成像的特点，在图中画出物体AB 在平面镜MM ′中的像A ′B ′．
17．（2分）如图所示是小明使用一杆秤称物体质量的情境．请画出秤砣绳对秤杆拉力F 1的力臂L 1和秤钩对秤杆的拉力F 2的示意图．
18．（2分）如图甲所示是小明常用的一个插线板，他在使用中发现，插线板的指示灯在开关断开时不发光，插孔不能提供工作电压；而在开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供工作电压，如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压．根据上述现象，请在图乙中画出开关、指示灯和插孔的连接方式，并把接线板与电源线接通．
19．（3分）为了探究电磁铁的磁性强弱跟哪些因素有关，小明同学用漆包线（表面涂有绝缘漆的导线）在大铁钉上绕若干匝，制成简单的电磁铁，如图所示．用此装置去吸引大头针，甲、乙、丙、丁为实验中观察到的四种情况．
（1）实验中通过电磁铁 ；判断电磁铁磁性的强弱，这一方法体现了转换的思想．
（2）比较 两图可知：线圈匝数相同时，电流越大磁性越强．
（3）根据图丁可以得出的结论是 ．
20．（3分）如图是小宇“探究滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验操作过程，铁块和木块的大小、形状完全相同，木块表面比铁块表面粗糙．
（1）实验中，小宇用弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动物块，根据 ，可知滑动摩擦力大小等于弹簧测力计对物块的拉力．
（2）比较甲、乙两图，可以得出的结论是
（3）乙、丙两图中铁块和木块叠放在一起的目的是 相同，比较乙、丙两图可得滑动摩擦力大小还与接触面的粗糙程度有关．
21．（4分）小明和小华分别利用图甲所示的相同装置探究水沸腾时温度变化的特点，当水温到90℃后，每隔0.5min 记录一次温度并绘制出了如图乙所示的水温与时间关系的图象．
（1）小明实验中发现烧杯中水沸腾后温度计示数稳定不再上升．由此得出的结论是：水在沸腾过程中虽然继续吸热，但 ．
（2）分析图乙可知，小华将水加热至沸腾的时间明显较长，最有可能的原因是 ．
（3）小华使用酒精灯加热过程中消耗了 10g 酒精，则10g 酒精完全燃烧时放出的热量是 J ．（酒精的热值是3.0×l0J/kg）
（4）小华改进实验不足并收集多组数据是为了 （选填“A ”或“B ”）．
A ．减少实验误差 B ．寻找普遍的规律．
22．（5分）在伏安法“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为 6V ，小灯泡额定电压为2.5V （灯丝电阻约为12Ω）．
7
（1）连接电路时，开关应断开，闭合开关前，应将图甲中所示的滑动变阻器的滑片滑到 端（选填“A ”或“B ”）．
（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，电压表有示数，电流表无示数，则故障原因可能是 ．
（3）排除故障后，闭合开关，移动滑片，发现电压表的示数如图乙所示，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑片向 移动（选填“A ”或“B ”）．
（4）小灯泡的电流随它两端电压变化关系如图丙，分析图象可知：
①小灯泡额定功率是W ．
②小灯泡灯丝电阻是变化的．灯丝电阻变化的原因是．
三、简答与计算题（23题5分，24题7分，25题7分，计19分）
23．（5分）小彬在旅游日记中记下旅途中他在汽车上的一些感受：“炎热的夏天，我坐在车窗边舒适柔软的靠背椅上①，看到路旁的树木急速地向后退去②，打开车窗，阵阵花香飘了进来③，今我心旷神怡．突然，我不由自主地向前倾倒，只好抓住前面的椅背．”请你对画线部分用学过的物理知识依次加以解释．
24．（7分）钓鱼岛自古以来就是中国固有领土，早在1373年我国渔民就已经发现了钓鱼岛，如图所示是我国一艘装备精良的现代化综合公务船正在钓鱼岛附近巡航．
（海水密度取1.02×10kg/m，g 取10N/kg）
（1）若该船的声呐探头距海面深度为10m ，则该声呐探头受到海水的压强是多少？
（2）该船满载时排开海水体积为3000m ，此时船受到的浮力和重力各是多少？
（3）该公务船以36km/h的速度匀速航行5h ，若航行时受到阻力为船重的0.05倍，则这一过程中动力所做的功是多少？ 333
25．（7分）养生壶是一种用于养生保健的可以烹饮的容器，类似于电水壶，其最大的特点是釆用一种新型的电加热材料，通过髙温把电热膜电子浆料（金属化合物）喷涂在玻璃表面形成面状电阻，在两端制作银电极，通电后产生热量把壶内的水加热．小明家买了一个养生
（1）该养生壶正常工作时，面状电阻的阻值多少？
（2）若壶内装有2L 温度为20℃的水，在一个标准大气压下，将水烧开，此过程中水吸收的热量是多少？[c 水=4.2×l0J/（kg •℃），lL=1×10m ]
（3）小明关闭了家中的其他所有用电器，只用该壶在加热过程中家用电能表（图乙）的转盘 5min 内转了300转，此过程中养生壶消耗的电能和实际电功率各是多少？ 3﹣33
2016年内蒙古通辽市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共15小题，每小题2分，计30分．）
1．（2分）（2016•通辽）中考前，小明进行一次体检．下列数据最符合实际情况的是（ ）
A ．身高170dm B ．身体质量500g C ．体温36.8℃ D ．心率75次/s
【考点】长度的估测；温度；质量的估测；时间的估测．
【专题】估算题；估算法；估算综合应用题．
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．
【解答】解：A 、中学生身高170cm=1.70m，故A 不符合实际；
B 、中学生的质量约为50kg ，故B 不符合实际；
C 、正常情况下，人的体温在36.5℃﹣37℃左右，36.8℃在此范围，故C 最符合实际；
D 、中学生心跳每分钟约为75次，故D 不符合实际．
故选C ．
【点评】对日常生活中的速度、质量、长度、温度等进行准确的估测，是要求初中学生掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力．
2．（2分）（2016•通辽）日常生活中处处有声音，关于声音下列说法中正确的是（ ）
A ．声音传播需要介质，真空不能传声
B ．人们小声说话时，声音的音调一定低
C ．通过居民区的高速铁路需加装隔音屏障是在声源处减弱噪声
D ．声呐来获得水中鱼群位置是利用声音可以传递能量
【考点】声音的传播条件；响度与振幅的关系；防治噪声的途径；声与信息．
【专题】应用题；定性思想；声现象．
【分析】（1）声音传播需要介质，真空不能传播声音；
（2）音调是指声音的高低，由频率决定，响度是指人耳处感觉的声音的大小，由振幅和听者与声源的距离决定．
（3）防治噪声污染可以从噪声的产生、噪声的传播及噪声的接收这三个环节进行防治；
（4）声音即能传递信息，又能传递能量．
【解答】解：A 、声音传播需要介质，真空不能传声，故A 正确；
B 、小声说话是指声音的响度小，故B 错误；
C 、通过居民区的高速铁路需加装隔音屏障是在传播过程中减弱噪音，故C 错误；
D 、声呐来获得水中鱼群位置是利用声音可以传递信息，故D 错误．
故选A ．
【点评】本题考查了响度、减弱噪声的方式、真空不能传声以及声与能量的相关知识，具有一定的综合性，属于声学基础知识的考查．
3．（2分）（2016•通辽）在下列物态变化的实例中，正确的是（ ）
A ．舞台上用干冰制作“云雾”，这是汽化现象
B ．夏天阴凉地方的石头比较潮湿，这是液化现象
C ．电冰箱冷冻室内出现白色的霜，这是凝固现象
D ．衣柜中的樟脑丸，过一段时间变小或消失，这是熔化现象
【考点】生活中的升华现象；液化及液化现象；生活中的凝华现象．
【专题】定性思想；推理法；汽化和液化、升华和凝华．
【分析】（1）物质由固态吸热变为气态是升华现象，干冰与樟脑丸都由固态直接变为气态，都发生了升华现象；
（2）物质由气态遇冷放热变为液态是液化现象，石头湿润是空气中的水蒸气液化成水导致的；
（3）物质由气态放热变为固态是凝华现象，电冰箱里的霜是水蒸气凝华形成的；
根据以上知识答题．
【解答】解：A 、“云雾”实际上就是小液滴悬浮在空气中形成的，是液态，由空气中的水蒸气遇冷（干冰升华吸热使空气的温度降低）形成的，是液化现象，故A 错误．
B 、夏天阴凉的地方的石头比较湿润，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，是液化现象，故B 正确．
C 、电冰箱冷冻室内出现白色的霜，是水蒸气凝华形成的，故C 错误．
D 、衣柜中的樟脑丸，由固态吸热变为气态从而使樟脑丸变小，这是升华现象，故D 错误． 故选B ．
【点评】此题结合实际问题考查了物态变化的凝华、液化、升华现象；知道物态变化的概念机物质由什么状态变为什么状态，是解题的关键；生活中处处有物理知识，需要同学们留心观察，认真分析．
4．（2分）（2016•通辽）如图所示的四种光现象中，属于光的折射现象的是（ ）
A ．
拱桥倒影 B ．
树木间的光线
C ．
一叶障目，不见泰山 D ．
钢笔错位
【考点】光的折射现象及其应用．
【专题】应用题；光的折射、光的色散．
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的．
【解答】解：A 、拱桥倒影是指桥在镜子中成像，属于平面镜成像，是光的反射造成的；故A 错误；
B 、树木间的光线说明光是沿直线传播的；故B 错误；
C 、一叶障目，不见泰山是指树叶挡住光线，说明光是沿直线传播的；故C 错误；
D 、钢笔错位是因为光从一种透明介质进入另一种透明介质时，光路的方向发生改变而形成的，故属于光的折射现象，故D 正确．
故选D ．
【点评】此题通过不同的现象考查了学生对光的反射、光的直线传播及光的折射的理解，在学习中要注意区分，并要学会用所学知识解释有关的物理现象．
5．（2分）（2016•通辽）关于力和运动的关系，下列说法中正确的是（ ）
A ．髙速公路限速是因为车速越小惯性越小，可以减少交通事故的发生
B ．物体运动状态不改变，一定没有受到力的作用
C ．汽车做匀速直线运动，说明汽车受平衡力作用
D ．拋出去的篮球在上升过程中不受重力作用
【考点】力与运动的关系；惯性；重力．
【专题】定性思想；归纳法；运动和力；重力、弹力、摩擦力．
【分析】①一切物体都有惯性，惯性是物体的固有属性；惯性只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大；
②物体受平衡力作用，处于平衡状态，物体静止或做匀速直线运动；
③汽车处于平衡状态，受平衡力，合力为零．竖直方向：重力与支持力是一对平衡力．水平方向：牵引力与摩擦力；
④地球表面及附近的一切物体都受到重力的作用．
【解答】解：
A 、惯性的大小只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，与速度无关．此选项错误；
B 、物体运动状态不改变，可能受平衡力或不受力．此选项错误；
C 、汽车做匀速直线运动，说明汽车处于平衡状态，水平方向牵引力与摩擦力是一对平衡力．此选项正确；
D 、抛出去的篮球由于惯性继续上升，上升过程中受到竖直向下的重力，所以上升速度越来越小，达到最高点后加速下落．此选项错误．
故选C ．
【点评】此题是一道力学的综合题，考查了惯性现象、运动和力的关系、平衡力的判断及重力的存在．正确、全面理解基本规律，是解答的基础．
6．（2分）（2016•通辽）为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统．当乘客坐在座椅上时，座椅下的开关S 1闭合，若未系安全带，则开关S 2断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关S 2闭合，指示灯熄灭．下列设计最合理的电路图是（ ）
A ． B ． C ．
D ．
【考点】串、并联电路的设计．
【专题】应用题；图析法；电流和电路．
【分析】由题意知，只有坐在座椅上时，指示灯才亮，故S 1可控制灯，当开关S 2闭合时，灯又不亮了，说明指示灯被S 2短路了．
【解答】解：A ．指示灯与S 1串联后与S 2并联，乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，但出现电源短路，故A 不符合题意；
B ．两开关并联，无论乘客坐下，还是系上安全带，指示灯都会发光，故B 不符合题意；
C ．两开关串联，只有乘客坐下，系上安全带时指示灯才会发光，故C 不符合题意；
D ．指示灯与S 1串联，与S 2并联，乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，并且不会出现电源短路，故D 符合题意．
故选D ．
【点评】本题利用了对用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路的情况，电阻是保护电源，可使电路对电源不被短路．
7．（2分）（2016•通辽）下列电与磁有关的说法中正确的是（ ）
A ．地球是个巨大磁体，而且地磁场的北极在地理北极附近
8B ．电磁波在真空中传播速度是3×1O m/s
C ．电动机是利用电磁感应原理工作的
D ．红外线、紫外线、超声波都属于电磁波
【考点】电磁感应；地磁场；直流电动机的原理；电磁波的传播．
【专题】应用题；磁现象、电生磁；信息的传递．
【分析】（1）地磁场的北极在地理的南极附近，地磁的南极在地理的北极附近；
（2）电磁波在真空中传播速度是3×1O m/s；
（3）电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用；
（4）超声波是声波，不属于电磁波．
【解答】解：
A 、地球是个巨大磁体，而且地磁场的北极在地理南极附近，不是在地理北极附近，故A 错误；
8B 、电磁波在真空中传播速度是3×1O m/s，故B 正确；
C 、电动机是利用通电导体在磁场中受到力的原理工作的，发电机是利用电磁感应原理工作的，故C 错误；
8
D 、红外线、紫外线都属于电磁波，而超声波不属于电磁波，故D 错误．
故选B ．
【点评】本题主要考查了对地磁场、电磁波及其传播，电动机和发电机原理的了解与掌握，难度不大．
8．（2分）（2016•通辽）透镜在我们的生活学习中应用广泛，下列说法错误的是（ ）
A ．近视眼镜利用了凹透镜对光的发散作用
B ．照相时被照者应站在镜头二倍焦距以外
C ．显微镜的目镜成正立、缩小的虚像
D ．借助放大镜看地图时，地图到放大镜的距离应小于一倍焦距
【考点】近视眼的成因与矫正办法；凸透镜成像的应用；显微镜．
【专题】应用题；透镜及其应用．
【分析】（1）掌握近视眼的成因及矫正，近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用；
（2）根据照相机是根据物距大于2倍焦距时，凸透镜成倒立缩小实像的原理制成的进行分析；
（3）显微镜的目镜成的是正立放大的虚像；
（4）根据放大镜是根据物距小于焦距时，凸透镜成正立放大虚像的原理制成的进行分析．
【解答】解：A 、近视眼是晶状体曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强，应佩戴发散透镜，使光线推迟会聚，故A 正确，故A 正确；
B 、照相机照相的原理是将2倍焦距以外的物体成像在胶片上，所以照相时应该站在镜头的二倍焦距以外，故B 正确；
C 、显微镜的目镜成正立、放大的虚像，物镜成倒立、放大的实像，故C 错误；
D 、放大镜是根据物距小于焦距时，凸透镜成正立放大虚像的原理，故D 正确．
故选C ．
【点评】此题考查了有关凸透镜成像的规律及应用，同时考查了有关近视眼的成因及矫正，是一道基础性题目．
9．（2分）（2016•通辽）如图所示工具中，使用时不能省力但能省距离的是（ ）
A ．
动滑轮 B ．
订书机 C ．
筷子 D ．
天平
【考点】杠杆的分类．
【专题】定性思想；推理法；简单机械．
【分析】使用时不能省力但能省距离的是费力杠杆，该题考查了学生对物理模型的抽象、分析能力．判断杠杆的类型可根据生活经验或动力臂与阻力臂的大小关系来判断．
【解答】解：
A 、动滑轮实质是动力臂是阻力臂二倍的杠杆，它可以省力一半，省力但费距离，故该选项不符合题意；
B 、订书机在使用时，动力臂大于阻力臂，所以它是省力杠杆，省力但费距离，故该选项不符合题意；
C 、筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，所以它是费力杠杆，费力但能省距离，故该选项符合题意；
D 、天平在使用时，动力臂等于阻力臂，所以它既不省力也不费力，既不省距离也不费距离，故该选项不符合题意．
故选C ．
【点评】联系生活经验，要判断杠杆的类型，可依据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系：若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆；若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆；若动力臂等于阻力臂，则为等臂杠杆．
10．（2分）（2016•通辽）下列关于能量的说法中正确的是（ ）
A ．在北方很多地区充分利用风力来发电，风能属于可再生能源
B ．物体内能增加，一定要从外界吸收热量
C ．“神舟”飞船在加速升空过程中，它的动能增加，机械能不变
D ．汽油机做功冲程中，将机械能转化为内能
【考点】能源的分类；动能和势能的转化与守恒；物体内能的改变；内燃机的四个冲程．
【专题】应用题；定性思想；分子热运动、内能；比热容、热机、热值；机械能及其转化；能源的利用与发展．
【分析】（1）能够源源不断的从自然界得到补充的能源叫可再生能源，如太阳能、风能、生物质能等；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源，如煤、石油等；
（2）改变物体内能的两种方法是做功和热传递；
（3）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能等于动能和势能之和．
（4）吸气和排气冲程不发生能量转化，压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能．
【解答】解：
A 、我国北方地区风能资源比较丰富，可以充分风能来发电，风能可以源源不断的从自然界获得，是可再生能源，故A 正确．
B 、因为改变物体内能的方法有：做功和热传递．物体内能增加，可能从外界吸收热量，也可能是外界对物体做功，故B 错误．
C 、飞船在加速升空过程中，速度增大，动能增大；高度增加，重力势能增加，所以机械能增加，故C 错误
D 、压缩冲程将汽油和空气的混合物压缩，将机械能转化内能，做功冲程将内能转化为机械能，故D 错误．
故选A ．
【点评】本题主要考查学生对：能源的种类、改变内能的方法、能量的转化的理解和掌握，属于常见题型，是一道基础性题目．
11．（2分）（2016•通辽）“生活处处有物理”．下列生活现象与其解释正确的是（ ）
A ．用髙压锅煮饭﹣﹣增大锅内气压，降低水的沸点
B ．破镜难圆﹣﹣分子间的斥力大于引力
C ．用活塞式抽水机抽水﹣﹣利用了连通器原理
D ．飞机靠机翼获得升力﹣﹣流体流速大的位置流体压强小
【考点】飞机的升力；沸点及沸点与气压的关系；大气压的综合应用；分子间的作用力．
【专题】应用题；定性思想；分子热运动、内能；气体的压强、流体压强与流速的关系．
【分析】（1）大气压越高，沸点就越高，大气压越低，沸点就越低；
（2）分子之间是存在作用力，但是分子间距离超过分子直径10倍时，分子间作用力几乎不存在了；
（3）活塞式抽水机抽水是利用大气压作用；
（4）流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大，飞机靠这一原理获得了升力．
【解答】解：
A 、高压锅可以增大气压，这样可以提高水的沸点，故A 错误；
B 、“破镜不能重圆”．这是因为镜破处分子间的距离太大了，超过分子直径10倍，分子间作用力几乎不存在了，故B 错误；
C 、使用活塞式抽水机抽水是利用大气压作用，故C 错误；
D 、飞机的机翼能获得向上的升力，是应用了流速越大流体的压强越小的原理，故D 正确． 故选D ．
【点评】此题是一道综合题目，需要结合多个物理知识点进行分析解答，属于综合题目，是中考中的易错题目．
12．（2分）（2016•通辽）如图所示，把一个重400N 的物体沿竖直方向上在10s 内匀速提升了2m ，所用拉力F 为140N ，不计摩擦和绳重．则下列计算结果错误的是（ ）
A ．动滑轮重20N B．拉力F 做功840J
C ．拉力F 做功的功率为84W D ．此滑轮组机械效率为80%
【考点】机械效率的计算；滑轮（组）的机械效率；功率的计算．
【专题】计算题；功、功率、机械效率．
【分析】由图可知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n=3；
（1）不计绳重和摩擦，
F=（G +G 动），据此求动滑轮重力；
（2）自由端移动的距离s=3h，利用W=Fs求拉力做的功；
（3）知道时间，利用P=求拉力F 的功率；
（4）有用功W 有用，利用效率公式求该滑轮组的机械效率．
【解答】解：由图可知，动滑轮上绳子的段数n=3；
A 、不计绳重和摩擦，
F=（G +G 动），
即：140N=×（400N +G 动），则G 动=20N；故A 正确；
B 、自由端移动的距离：s=3h=3×2m=6m，
拉力做的功为：W 总=Fs=140N×6m=840J；故B 正确；
C 、拉力F 的功率：P=
==84W，故C 正确；
D 、有用功W 有用=Gh=400N×2m=800J，
该滑轮组的机械效率为：
η=
=×100%≈95.2%；故D 错．
故选D ．
【点评】本题考查了有用功、总功、机械效率、动滑轮重力的计算，根据题图确定n 的大小（直接从动滑轮上引出的绳子股数）是本题的突破口，灵活选用公式计算是关键．
13．（2分）（2016•通辽）张华同学在“探究通过导体的电流与其两端电压的关系”的实验时，将记录的实验数据通过整理作出了如图所示的图象．分析图象得出的下列说法中错误的是（ ）
A ．通过导体A 的电流与其两端的电压成正比
B ．导体A 和B 的电阻之比为1：2
C ．当在导体B 的两端加上1V 的电压时，通过导体B 的电流为0.1A
D ．将导体A 和B 串联时通过A 的电流为0.4 A，则导体B 两端电压为2V
【考点】欧姆定律的应用．
【专题】应用题；电路和欧姆定律．
【分析】（1）由图象可知，通过两导体的电流与各自两端的电压成正比例函数即为定值电阻；
（2）从图象中读出2V 时通过两端的电流，根据欧姆定律求出两电阻的阻值，然后比较两电阻的大小关系；
（3）根据欧姆定律求出当在导体B 的两端加上1V 的电压时，通过的电流；
（4）将导体A 和B 串联时通过A 的电流为0.4A ，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出导体B 两端电压．
【解答】解：
A ．由图象可知，导体A 的电流与电压关系图象为一条过原点的倾斜直线，所以通过导体A 的电流与其两端的电压成正比，故A 正确；
B ．当U A =UB =2V时，I A =0.4A，I B =0.2A，
根据欧姆定律可得两导体的电阻分别为：
R A ===5Ω，R B ===10Ω，
所以导体A 和B 的电阻之比：R A ：R B =5Ω：10Ω=1：2，故B 正确；
C ．当在导体B 的两端加上1V 的电压时，通过导体B 的电流：
I B ′
=
==0.1A，故C 正确；
D ．将导体A 和B 串联时，因串联电路中各处的电流相等，
所以，通过A 的电流为0.4A 时，通过B 的电流也为0.4A ，
则导体B 两端电压：U B ″=IB ″R B =0.4A×10Ω=4V，故D 错误．
故选D ．
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据图象得出相关的信息．
14．（2分）（2016•通辽）两个用同一种材料制成且完全相同的密闭圆台形容器一正一反放置在同一水平桌面上，容器内装有质量和深度均相同的不同液体，如图所示．若它们分别在水平方向拉力F 1和F 2的作用下沿 水平桌面做匀速直线运动，速度分别为v 和2v ，容器底部受到液体的压强分别为p 1和p 2． 下列关系正确的是（ ）
A ．p 1=p2 F 1=F2 B ．p 1＞p 2 F 1=F2 C ．p 1＞p 2 F 1＜F 2 D ．p 1＜p 2 F 1＞F 2
【考点】液体压强计算公式的应用；二力平衡条件的应用．
【专题】应用题；运动和力；压强、液体的压强．
【分析】（1）根据质量和体积的关系判断出液体的密度关系，由p=ρ液gh 判断容器底受到压强的大小；
（2）根据影响摩擦力大小的因素判断出摩擦力的关系，由二力平衡条件判断拉力的大小．
【解答】解：容器内装有质量和深度均相同的不同液体，由图可知，V 1＜V 2，
根据ρ=可知，两种液体的密度ρ1＞ρ2；
由p=ρ液gh 可知，容器底部受到液体的压强p 1＞p 2；
容器质量相同，内装液体的质量相同，则容器对桌面的压力相等，
又因为容器材料相同，放置在同一水平桌面上，即接触面的粗糙程度相同，
所以容器与桌面间的摩擦力相等，
在水平方向拉力F 1和F 2的作用下沿桌面做匀速直线运动，
所以拉力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，即：F 1=F2．
由上分析知，ACD 错误，B 正确．
故选：B ．
【点评】本题主要考查了液体压强和二力平衡条件的应用，能够比较出两种液体的密度大小，判断出容器与桌面间的摩擦力大小是解决问题的关键，具有一定的综合性．
15．（2分）（2016•通辽）如图，电源电压18V 保持不变，电流表量程是0﹣0.6A ，电压表量程是0﹣15V ，小灯泡上 标有“6V 3W”字样．要求：开关闭合后两个电表的示数均不超过所选量程，且灯泡两端电 压不允许超过额定电压（灯丝电阻不变）．则下列说法正确的是（ ）
A ．滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表和电压表示数都变大
B ．当电流表示数为0.4A 时，电压表示数为12V
C ．该电路的最大功率为9W
D ．滑动变阻器允许调节的范围是18Ω﹣60Ω
【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用；电功率的计算．
【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率；电路变化分析综合题．
【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．
（1）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化；
（2）根据P=UI求出灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻，再根据欧姆定律求出电流表的示数为0.4A 时灯泡两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电压表的示数；
（3）比较灯泡的额定电流和电流表的量程确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小、电路消耗的功率最大，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，根据P=UI求出电路的最大功率；当电压表的示数最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值，进一步求出滑动变阻器接入电路中电阻的范围．
【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．
（1）滑动变阻器的滑片向左移动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由
I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；
由U=IR可知，灯泡两端的电压变大；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小，故A 错误；
（2）由P=UI可得，灯泡的额定电流：I L
===0.5A，
灯泡的电阻：R L
=
==12Ω，
当电流表示数为0.4A 时，灯泡两端的电压：U L ′=IRL =0.4A×12Ω=4.8V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电压表的示数：U 滑=U﹣U L ′=18V﹣
4.8V=13.2V，故B 错误；
（3）因串联电路中各处的电流相等，且灯泡的额定电流为0.5A ，电流表的量程为0～0.6A ，所以，电路中的最大电流为0.5A ；
此时电路中的总电阻：R===36Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R 滑小=R﹣R L =36Ω﹣12Ω=24Ω，
电路消耗的最大功率：P 大=UI大=18V×0.5A=9W，故C 正确；
当电压表的示数为15V 时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，
此时灯泡两端的电压：U L ″=U﹣U 滑大=18V﹣15V=3V，
因串联电路中各处的电流相等， 所以，=，即=，
解得：R 滑大=60Ω，
所以，滑动变阻器允许调节的范围是24Ω～60Ω，故D 错误．
故选C ．
【点评】本题考查了电路的动态分析和串联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的应用，关键是滑动变阻器接入电路中最大和最小阻值的确定．
二、作图与实验题（16-18小题各2分，19一20小题各3分，21小题4分，22小题5分，计21分）
16．（2分）（2016•通辽）根据平面镜成像的特点，在图中画出物体AB 在平面镜MM ′中的像A ′B ′．
【考点】平面镜成像的相关作图．
【专题】作图题；光的传播和反射、平面镜成像．
【分析】首先要知道平面镜成像的特点：像与物到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、大小相等、左右相反，即像与物关于平面镜对称；
其次掌握本题的基本作法：作出两个端点A 、B 的像点，连接像点即为物体AB 在平面镜中的像．
【解答】解：
根据平面镜成像的特点，先作出物体AB 的端点A 、B 在平面镜中的对称点A ′、B ′，连接A ′、B ′点即为物体AB 在平面镜中的像，注意辅助线和像用虚线，如图所示：
【点评】在平面镜成像作图中，若作出物体在平面镜中所成的像，要先根据像与物关于平面镜对称，先作出端点和关键点的像点，再用虚线连接各点即为物体的像．
17．（2分）（2016•通辽）如图所示是小明使用一杆秤称物体质量的情境．请画出秤砣绳对秤杆拉力F 1的力臂L 1和秤钩对秤杆的拉力F 2的示意图．
【考点】力臂的画法．
【专题】作图题；简单机械．
【分析】（1）秤钩对秤杆的拉力F 2的作用点在秤杆上，方向竖直向下，过拉力F 2的作用点表示出拉力的方向；
（2）已知支点和动力的方向，根据力臂的定义过支点作力的作用线的垂线段．
【解答】解：
（1）秤钩对秤杆的拉力F 2的作用点在秤杆上，方向竖直向下，过拉力作用点作竖直向下的力F 2；
（2）反向延长秤砣绳对秤杆拉力F 1得到动力作用线，然后过支点O 作F 1作用线的垂线段，即动力臂L 1，
如下图所示：
【点评】本题考查力的示意图以及力臂画法的掌握情况；确定力的作用点和方向，是正确画出力的示意图的前提．
18．（2分）（2016•通辽）如图甲所示是小明常用的一个插线板，他在使用中发现，插线板的指示灯在开关断开时不发光，插孔不能提供工作电压；而在开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供工作电压，如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压．根据上述现象，请在图乙中画出开关、指示灯和插孔的连接方式，并把接线板与电源线接通．
【考点】串、并联电路的设计．
【专题】作图题；电流和电路．
【分析】插线板的指示灯在开关断开时不发光、插孔不能提供工作电压，而在开关闭合时指示灯发光、插孔可以提供工作电压，说明开关同时控制指示灯和插孔；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压，说明指示灯和插孔可以独立工作、互不影响即为并联，且开关位于干路．
【解答】解：经分析可知，指示灯和插孔之间是并联，开关位于干路，如下图所示：
【点评】本题考查了串并联电路的设计，根据电路的工作特点确定指示灯和插孔的连接方式以及开关的位置是关键．
19．（3分）（2016•通辽）为了探究电磁铁的磁性强弱跟哪些因素有关，小明同学用漆包线（表面涂有绝缘漆的导线）在大铁钉上绕若干匝，制成简单的电磁铁，如图所示．用此装置去吸引大头针，甲、乙、丙、丁为实验中观察到的四种情况．
（1）实验中通过电磁铁 吸引大头针数目的多少 ；判断电磁铁磁性的强弱，这一方法体现了转换的思想．
（2）比较 乙、丙 两图可知：线圈匝数相同时，电流越大磁性越强．
（3）根据图丁可以得出的结论是 电流一定时，匝数越多，磁性越强 ．
【考点】探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验．
【专题】探究题；探究型实验综合题．
【分析】（1）磁性的强弱是无法直接观察的．利用磁性的不同产生的磁力不同来认识电磁铁磁性的强弱不同，此题中就是利用电磁铁吸引大头针数目的不同来反映磁性强弱的不同的，这是一种转换的方法；
（2）（3）电磁铁磁性强弱的影响因素：电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯．电流越大，匝数越多，有铁芯时电磁铁的磁性越强．
【解答】解：
（1）线圈的磁性越强，吸引的大头针越多；所以可以根据吸引大头针的多少判断电磁铁磁性的强弱，这是转换法．
（2）乙图和丙图线圈的匝数相同，丙的电流大，磁性强．说明电磁铁的电流越大，磁性越强．
（3）由丁图可知，两个线圈串联，通过的电流相同．线圈匝数多的吸引大头针多，说明磁性强．
故答案为：（1）吸引大头针数目的多少；（2）乙、丙；（3）电流一定时，匝数越多，磁性越强．
【点评】此题主要是探究电磁铁的磁性与电流和线圈匝数之间的关系，注意转换法和控制变量法在此实验中的应用．
20．（3分）（2016•通辽）如图是小宇“探究滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验操作过程，铁块和木块的大小、形状完全相同，木块表面比铁块表面粗糙．
（1）实验中，小宇用弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动物块，根据 二力平衡 ，可知滑动摩擦力大小等于弹簧测力计对物块的拉力．
（2）比较甲、乙两图，可以得出的结论是 接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大
（3）乙、丙两图中铁块和木块叠放在一起的目的是 压力大小 相同，比较乙、丙两图可得滑动摩擦力大小还与接触面的粗糙程度有关．
【考点】探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验．
【专题】定性思想；控制变量法；探究型实验综合题．
【分析】（1）弹簧测力计拉动物体在水平放置的长木板上做匀速直线运动，根据二力平衡的知识可知，铁块受到的拉力和摩擦力大小相等；
（2）比较甲、乙两图，找出相同因素和不同因素，结合控制变量法的思想得出结论；
（3）乙、丙两图中铁块和木块叠放在一起，控制了压力相同，通过比较弹簧测力计的示数得出结论．
【解答】解：（1）甲图中铁块做匀速直线运动，处于平衡状态，根据二力平衡的知识可知，水平方向受到的摩擦力和弹簧测力计的拉力大小相同；
（2）甲、乙两图，接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，弹簧测力计的示数也不同，可得到的结论是：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）乙、丙两图中铁块和木块叠放在一起，控制了压力大小相同，与长木板的接触面不同，粗糙程度不同，摩擦力大小不同，因此探究的是摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系．
故答案为：（1）二力平衡；（2）接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；（3）压力大小．
【点评】本题考查了“探究影响滑动摩擦力大小”实验的实验操作、实验现象分析等，实验中应用了控制变量法，正确理解并熟练应用控制变量法是正确解题的关键．
21．（4分）（2016•通辽）小明和小华分别利用图甲所示的相同装置探究水沸腾时温度变化的特点，当水温到90℃后，每隔0.5min 记录一次温度并绘制出了如图乙所示的水温与时间关系的图象．
（1）小明实验中发现烧杯中水沸腾后温度计示数稳定不再上升．由此得出的结论是：水在沸腾过程中虽然继续吸热，但 温度不变 ．
（2）分析图乙可知，小华将水加热至沸腾的时间明显较长，最有可能的原因是 杯中水的质量过大 ．
（3）小华使用酒精灯加热过程中消耗了 10g 酒精，则10g 酒精完全燃烧时放出的热量是 3
57×10 J ．（酒精的热值是3.0×l0J/kg）
（4）小华改进实验不足并收集多组数据是为了 B （选填“A ”或“B ”）．
A ．减少实验误差 B ．寻找普遍的规律．
【考点】探究水的沸腾实验；燃料的热值．
【专题】探究型实验综合题．
【分析】（1）水沸腾特点是达到沸点，继续吸热，虽继续吸热，温度保持不变；
（2）将水加热至沸腾的时间与水的质量，水的初温，酒精灯的火焰有关；有图象知初温都是90℃，同一个酒精灯，所以应是水的质量大的缘故；
（3）利用公式Q 放=mq求结果；
（4）有图乙可知，是记录数据作图，发现继续加热，达到沸点，温度不变，所以是为了验证水沸腾的普遍规律．
【解答】解：（1）有沸腾特点可知，虽然继续吸热，但温度不变；
（2）有图象知小明3min 水沸腾，小华6min 水沸腾，俩人所用酒精灯相同，初温都是90℃，故最可能的原因是杯中水的质量过大；
（3）利用公式Q 放=mq=0.01kg×3.0×10J/kg=3×10J ；
（4）收集数据是为了作图，通过图象，寻找出普遍规律．
5故答案为：（1）温度保持不变；（2）杯中水的质量过大；（3）3×10；（4）B ．
【点评】本题考查水沸腾的特点；判断加热时间过长的原因；公式Q 放=mq的运算；对收集的数据图象进行分析；是一道基础题．
22．（5分）（2016•通辽）在伏安法“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为 6V ，小灯泡额定电压为2.5V （灯丝电阻约为12Ω）． 75
（1）连接电路时，开关应断开，闭合开关前，应将图甲中所示的滑动变阻器的滑片滑到 A 端（选填“A ”或“B ”）．
（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，电压表有示数，电流表无示数，则故障原因可能是 小灯泡断路 ．
（3）排除故障后，闭合开关，移动滑片，发现电压表的示数如图乙所示，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑片向 B 移动（选填“A ”或“B ”）．
（4）小灯泡的电流随它两端电压变化关系如图丙，分析图象可知：
①小灯泡额定功率是W ．
②小灯泡灯丝电阻是变化的．灯丝电阻变化的原因是．
【考点】电功率的测量．
【专题】实验题；电能和电功率；测量型实验综合题．
【分析】（1）为了保护电路，在连接电路时应断开开关，滑动变阻器的滑片应置于最大阻值处；
（2）电流表无示数，说明电路中有断路故障；电压表有示数，说明电压表与电源两极连通，电压表并联部分之外的电路是完好的，则故障为小灯泡断路；
（3）读出乙图中电压表的示数，此时灯泡的电压小于额定电压，要灯泡正常发光，应增大灯泡两端的电压，根据串联分压的规律确定滑片移动的方向；
（4）当灯泡电压达到额定电压时灯泡正常发光，由图象读出灯泡电压2.5V 时的电流，根据P=UI计算额定功率；灯丝电阻受温度影响．
【解答】解：
（1）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于最大阻值处，由甲图可知滑片应滑到A 端；
（2）闭合开关，发现灯泡不发光，电流表无示数，说明电路中有断路故障；电压表有示数，说明电压表与电源两极连通，电压表两接线柱到电源两极间的各元件是完好的，则故障为小灯泡断路；
（3）小灯泡额定电压为2.5V ，由图乙可知，电压表的示数为2.2V ，低于额定电压；要使灯泡正常发光，应增大灯泡两端的电压，根据串联分压的规律可知，应减小变阻器两端的电压，减小变阻器的阻值，应将滑片向B 端滑动，直到电压表的示数为2.5V ；
（4）①当电压表示数为2.5V 时，灯泡正常发光，由图丙可知，此时灯泡的电流为0.2A ， 灯泡的额定功率：P=UI=2.5V×0.2A=0.5W．
②由图象可知，灯泡的电流与电压不成正比，即灯丝的电阻是变化的，原因是灯丝的电阻随温度的变化而变化（或灯丝的电阻受温度的影响）．
故答案为：（1）A ；（2）小灯泡断路；（3）B ；
（4）①0.5；②灯丝的电阻随温度的变化而变化（或灯丝的电阻受温度的影响）．
【点评】本题考查了“测定小灯泡的电功率”的实验，涉及到电路故障的分析、电路的动态变化问题、电功率的计算、图象的分析等等，综合性较强．
三、简答与计算题（23题5分，24题7分，25题7分，计19分）
23．（5分）（2016•通辽）小彬在旅游日记中记下旅途中他在汽车上的一些感受：“炎热的夏天，我坐在车窗边舒适柔软的靠背椅上①，看到路旁的树木急速地向后退去②，打开车窗，阵阵花香飘了进来③，今我心旷神怡．突然，我不由自主地向前倾倒，只好抓住前面的椅背．”请你对画线部分用学过的物理知识依次加以解释．
【考点】减小压强的方法及其应用；参照物及其选择；扩散现象．
【专题】简答题；分子热运动、内能；长度、时间、速度；压强、液体的压强．
【分析】解答此题从以下知识点入手：
①影响压强的因素有压力和受力面积，减小压强可以从减小压力和增大受力面积入手． ②所谓参照物就是在研究机械运动时被选为标准的物体．在研究机械运动时，所选的参照物不同的话，物体是静止还是运动结果就不相同；
③阵阵花香，沁人心脾．花香四溢的现象说明分子是不断运动的，花粉的分子运动到我们的鼻子，刺激嗅觉器官，闻到花香．
【解答】答：①根据公式p=可知，舒适柔软的靠背椅上．是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，椅子对人的压强越小，所以感觉舒适柔软；
②坐在车窗边的靠背椅上，如果开动汽车为参照物，将会看到路旁的树木急速地向后退去； ③打开车窗，由于分子在不断运动，花的香味分子运动到空气中，进入人们的鼻孔，使人感觉到了阵阵花．
【点评】此题以最基础的方法考查了有关压强、参照物的选择、扩散现象等知识，这种考查方法是由于基础知识的回顾，要求学生应熟练掌握．
24．（7分）（2016•通辽）钓鱼岛自古以来就是中国固有领土，早在1373年我国渔民就已经发现了钓鱼岛，如图所示是我国一艘装备精良的现代化综合公务船正在钓鱼岛附近巡航．
33（海水密度取1.02×10kg/m，g 取10N/kg）
（1）若该船的声呐探头距海面深度为10m ，则该声呐探头受到海水的压强是多少？
3（2）该船满载时排开海水体积为3000m ，此时船受到的浮力和重力各是多少？
（3）该公务船以36km/h的速度匀速航行5h ，若航行时受到阻力为船重的0.05倍，则这一过程中动力所做的功是多少？
【考点】液体的压强的计算；阿基米德原理；功的计算．
【专题】计算题；压强和浮力；功、功率、机械效率．
【分析】（1）已知海水的密度和声呐探头的深度，利用p=ρgh 求出该声呐探头受到海水的压强；
（2）知道该船满载时排开海水体积，根据阿基米德原理求出受到的浮力，再根据漂浮条件求出船受到的重力；
（3）已知船行驶的速度和时间，根据s=vt求出行驶的路程，轮匀速航行时处于平衡状态，动力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据W=Fs求出这一过程中动力所做的功．
【解答】解：（1）该声呐探头受到海水的压强：
335p=ρgh=1.02×10kg/m×10N/kg×10m=1.02×10Pa ；
（2）船受到的浮力：
F 浮=ρgV 排=1.02×10kg/m×10N/kg×3000m =3.06×10N ，
因船处于漂浮状态，
所以，船的重力：
G=F浮=3.06×10N ；
（3）由v=可得，船行驶的路程：
s=vt=36km/h×5h=180km=1.8×10m ，
因船匀速行驶时动力和阻力是一对平衡力，
所以，船的动力：
76F=f=0.05G=0.05×3.06×10N=1.53×10N ，
动力所做的功：
6511W=Fs=1.53×10N ×1.8×10m=2.754×10J ；
5答：（1）该声呐探头受到海水的压强是1.02×10Pa ；
7（2）船受到的重力和浮力都是3.06×10N ；
11（3）这一过程中动力所做的功是2.754×10J ．
【点评】本题考查功的计算、浮力大小的计算、液体压强的计算和阿基米德原理公式的理解和应用，难度不大，是一对较为简单的应用题．
25．（7分）（2016•通辽）养生壶是一种用于养生保健的可以烹饮的容器，类似于电水壶，其最大的特点是釆用一种新型的电加热材料，通过髙温把电热膜电子浆料（金属化合物）喷涂在玻璃表面形成面状电阻，在两端制作银电极，通电后产生热量把壶内的水加热．小明家
（2）若壶内装有2L 温度为20℃的水，在一个标准大气压下，将水烧开，此过程中水吸收的热量是多少？[c 水=4.2×l0J/（kg •℃），lL=1×10m ]
（3）小明关闭了家中的其他所有用电器，只用该壶在加热过程中家用电能表（图乙）的转盘 5min 内转了300转，此过程中养生壶消耗的电能和实际电功率各是多少？ 3﹣33337753
【考点】电功与热量的综合计算；电功率与电压、电流的关系．
【专题】计算题；电和热综合题．
【分析】（1）该养生壶正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=求出面状电阻的阻值；
（2）知道水的体积，根据m=ρV 求出水的质量，在一个标准大气压下水的沸点是100℃，根据Q 吸=cm（t ﹣t 0）求出水吸收的热量；
（3）3000resv/kW•h 表示的是电路中每消耗1kW •h 的电能，电能表的转盘转3000圈，据此求出转300转消耗的电能，再根据P=求出实际功率．
【解答】解：（1）由P=
R==
3可得，面状电阻的阻值： =40Ω； ﹣3（2）水的体积： V=2L=2dm=2×10m ，
由ρ=可得，水的质量：
m=ρV=1.0×10kg/m×2×10m =2kg，
在一个标准大气压下水的沸点是100℃，则水所需吸收热量：
Q 吸=cm（t ﹣t 0）=4.2×10J/（kg •℃）×2kg ×（100℃﹣20℃）=6.72×10J ；
（3）此过程中养生壶消耗的电能： W=kW •h=0.1kW•h ， 3533﹣333
实际功率：
P ′=
==1.2kW．
答：（1）该养生壶正常工作时，面状电阻的阻值为40Ω；
（2）此过程中水吸收的热量是6.72×l0J ；
（3）此过程中养生壶消耗的电能为0.1kW •h ，实际电功率是1.2kW ．
【点评】本题以养生壶为载体考查了电能表参数的理解、电功率公式、吸热公式、密度公式的应用，理解电能表参数的含义是关键，要注意标准大气压下水的沸点是100℃．
5
参与本试卷答题和审题的老师有：九洲风云；gwb46；llm ；wdsxg ；刘伟；wscdd ；wdnyx2011；951574352；liurenkun ；fhp826；2107959882；190438938；胡善辉；明天09（排名不分先后） 菁优网
2017年1月5日
2016年内蒙古通辽市中考物理试卷
一、选择题（共15小题，每小题2分，计30分．）
1．（2分）中考前，小明进行一次体检．下列数据最符合实际情况的是（ ）
A ．身高170dm B ．身体质量500g C ．体温36.8℃ D ．心率75次/s
2．（2分）日常生活中处处有声音，关于声音下列说法中正确的是（ ）
A ．声音传播需要介质，真空不能传声
B ．人们小声说话时，声音的音调一定低
C ．通过居民区的高速铁路需加装隔音屏障是在声源处减弱噪声
D ．声呐来获得水中鱼群位置是利用声音可以传递能量
3．（2分）在下列物态变化的实例中，正确的是（ ）
A ．舞台上用干冰制作“云雾”，这是汽化现象
B ．夏天阴凉地方的石头比较潮湿，这是液化现象
C ．电冰箱冷冻室内出现白色的霜，这是凝固现象
D ．衣柜中的樟脑丸，过一段时间变小或消失，这是熔化现象
4．（2分）如图所示的四种光现象中，属于光的折射现象的是（ ）
A ．
拱桥倒影 B ．
树木间的光线
C ．
一叶障目，不见泰山 D ．
钢笔错位
5．（2分）关于力和运动的关系，下列说法中正确的是（ ）
A ．髙速公路限速是因为车速越小惯性越小，可以减少交通事故的发生
B ．物体运动状态不改变，一定没有受到力的作用
C ．汽车做匀速直线运动，说明汽车受平衡力作用
D ．拋出去的篮球在上升过程中不受重力作用
6．（2分）为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统．当乘客坐在座椅上时，座椅下的开关S 1闭合，若未系安全带，则开关S 2断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关S 2闭合，指示灯熄灭．下列设计最合理的电路图是（ ）
A ． B ． C ．
D ．
7．（2分）下列电与磁有关的说法中正确的是（ ）
A ．地球是个巨大磁体，而且地磁场的北极在地理北极附近
8B ．电磁波在真空中传播速度是3×1O m/s
C ．电动机是利用电磁感应原理工作的
D ．红外线、紫外线、超声波都属于电磁波
8．（2分）透镜在我们的生活学习中应用广泛，下列说法错误的是（ ）
A ．近视眼镜利用了凹透镜对光的发散作用
B ．照相时被照者应站在镜头二倍焦距以外
C ．显微镜的目镜成正立、缩小的虚像
D ．借助放大镜看地图时，地图到放大镜的距离应小于一倍焦距
9．（2分）如图所示工具中，使用时不能省力但能省距离的是（ ）
A ．
动滑轮 B ．
订书机 C ．
筷子 D ．
天平
10．（2分）下列关于能量的说法中正确的是（ ）
A ．在北方很多地区充分利用风力来发电，风能属于可再生能源
B ．物体内能增加，一定要从外界吸收热量
C ．“神舟”飞船在加速升空过程中，它的动能增加，机械能不变
D ．汽油机做功冲程中，将机械能转化为内能
11．（2分）“生活处处有物理”．下列生活现象与其解释正确的是（ ）
A ．用髙压锅煮饭﹣﹣增大锅内气压，降低水的沸点
B ．破镜难圆﹣﹣分子间的斥力大于引力
C ．用活塞式抽水机抽水﹣﹣利用了连通器原理
D ．飞机靠机翼获得升力﹣﹣流体流速大的位置流体压强小
12．（2分）如图所示，把一个重400N 的物体沿竖直方向上在10s 内匀速提升了2m ，所用拉力F 为140N ，不计摩擦和绳重．则下列计算结果错误的是（ ）
A ．动滑轮重20N B．拉力F 做功840J
C ．拉力F 做功的功率为84W D ．此滑轮组机械效率为80%
13．（2分）张华同学在“探究通过导体的电流与其两端电压的关系”的实验时，将记录的实验数据通过整理作出了如图所示的图象．分析图象得出的下列说法中错误的是（ ）
A ．通过导体A 的电流与其两端的电压成正比
B ．导体A 和B 的电阻之比为1：2
C ．当在导体B 的两端加上1V 的电压时，通过导体B 的电流为0.1A
D ．将导体A 和B 串联时通过A 的电流为0.4 A，则导体B 两端电压为2V
14．（2分）两个用同一种材料制成且完全相同的密闭圆台形容器一正一反放置在同一水平桌面上，容器内装有质量和深度均相同的不同液体，如图所示．若它们分别在水平方向拉力
F 1和F 2的作用下沿 水平桌面做匀速直线运动，速度分别为v 和2v ，容器底部受到液体的压强分别为p 1和p 2． 下列关系正确的是（ ）
A ．p 1=p2 F 1=F2 B ．p 1＞p 2 F 1=F2 C ．p 1＞p 2 F 1＜F 2 D ．p 1＜p 2 F 1＞F 2
15．（2分）如图，电源电压18V 保持不变，电流表量程是0﹣0.6A ，电压表量程是0﹣15V ，小灯泡上 标有“6V 3W”字样．要求：开关闭合后两个电表的示数均不超过所选量程，且灯泡两端电 压不允许超过额定电压（灯丝电阻不变）．则下列说法正确的是（ ）
A ．滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表和电压表示数都变大
B ．当电流表示数为0.4A 时，电压表示数为12V
C ．该电路的最大功率为9W
D ．滑动变阻器允许调节的范围是18Ω﹣60Ω
二、作图与实验题（16-18小题各2分，19一20小题各3分，21小题4分，22小题5分，计21分）
16．（2分）根据平面镜成像的特点，在图中画出物体AB 在平面镜MM ′中的像A ′B ′．
17．（2分）如图所示是小明使用一杆秤称物体质量的情境．请画出秤砣绳对秤杆拉力F 1的力臂L 1和秤钩对秤杆的拉力F 2的示意图．
18．（2分）如图甲所示是小明常用的一个插线板，他在使用中发现，插线板的指示灯在开关断开时不发光，插孔不能提供工作电压；而在开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供工作电压，如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压．根据上述现象，请在图乙中画出开关、指示灯和插孔的连接方式，并把接线板与电源线接通．
19．（3分）为了探究电磁铁的磁性强弱跟哪些因素有关，小明同学用漆包线（表面涂有绝缘漆的导线）在大铁钉上绕若干匝，制成简单的电磁铁，如图所示．用此装置去吸引大头针，甲、乙、丙、丁为实验中观察到的四种情况．
（1）实验中通过电磁铁 ；判断电磁铁磁性的强弱，这一方法体现了转换的思想．
（2）比较 两图可知：线圈匝数相同时，电流越大磁性越强．
（3）根据图丁可以得出的结论是 ．
20．（3分）如图是小宇“探究滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验操作过程，铁块和木块的大小、形状完全相同，木块表面比铁块表面粗糙．
（1）实验中，小宇用弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动物块，根据 ，可知滑动摩擦力大小等于弹簧测力计对物块的拉力．
（2）比较甲、乙两图，可以得出的结论是
（3）乙、丙两图中铁块和木块叠放在一起的目的是 相同，比较乙、丙两图可得滑动摩擦力大小还与接触面的粗糙程度有关．
21．（4分）小明和小华分别利用图甲所示的相同装置探究水沸腾时温度变化的特点，当水温到90℃后，每隔0.5min 记录一次温度并绘制出了如图乙所示的水温与时间关系的图象．
（1）小明实验中发现烧杯中水沸腾后温度计示数稳定不再上升．由此得出的结论是：水在沸腾过程中虽然继续吸热，但 ．
（2）分析图乙可知，小华将水加热至沸腾的时间明显较长，最有可能的原因是 ．
（3）小华使用酒精灯加热过程中消耗了 10g 酒精，则10g 酒精完全燃烧时放出的热量是 J ．（酒精的热值是3.0×l0J/kg）
（4）小华改进实验不足并收集多组数据是为了 （选填“A ”或“B ”）．
A ．减少实验误差 B ．寻找普遍的规律．
22．（5分）在伏安法“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为 6V ，小灯泡额定电压为2.5V （灯丝电阻约为12Ω）．
7
（1）连接电路时，开关应断开，闭合开关前，应将图甲中所示的滑动变阻器的滑片滑到 端（选填“A ”或“B ”）．
（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，电压表有示数，电流表无示数，则故障原因可能是 ．
（3）排除故障后，闭合开关，移动滑片，发现电压表的示数如图乙所示，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑片向 移动（选填“A ”或“B ”）．
（4）小灯泡的电流随它两端电压变化关系如图丙，分析图象可知：
①小灯泡额定功率是W ．
②小灯泡灯丝电阻是变化的．灯丝电阻变化的原因是．
三、简答与计算题（23题5分，24题7分，25题7分，计19分）
23．（5分）小彬在旅游日记中记下旅途中他在汽车上的一些感受：“炎热的夏天，我坐在车窗边舒适柔软的靠背椅上①，看到路旁的树木急速地向后退去②，打开车窗，阵阵花香飘了进来③，今我心旷神怡．突然，我不由自主地向前倾倒，只好抓住前面的椅背．”请你对画线部分用学过的物理知识依次加以解释．
24．（7分）钓鱼岛自古以来就是中国固有领土，早在1373年我国渔民就已经发现了钓鱼岛，如图所示是我国一艘装备精良的现代化综合公务船正在钓鱼岛附近巡航．
（海水密度取1.02×10kg/m，g 取10N/kg）
（1）若该船的声呐探头距海面深度为10m ，则该声呐探头受到海水的压强是多少？
（2）该船满载时排开海水体积为3000m ，此时船受到的浮力和重力各是多少？
（3）该公务船以36km/h的速度匀速航行5h ，若航行时受到阻力为船重的0.05倍，则这一过程中动力所做的功是多少？ 333
25．（7分）养生壶是一种用于养生保健的可以烹饮的容器，类似于电水壶，其最大的特点是釆用一种新型的电加热材料，通过髙温把电热膜电子浆料（金属化合物）喷涂在玻璃表面形成面状电阻，在两端制作银电极，通电后产生热量把壶内的水加热．小明家买了一个养生
（1）该养生壶正常工作时，面状电阻的阻值多少？
（2）若壶内装有2L 温度为20℃的水，在一个标准大气压下，将水烧开，此过程中水吸收的热量是多少？[c 水=4.2×l0J/（kg •℃），lL=1×10m ]
（3）小明关闭了家中的其他所有用电器，只用该壶在加热过程中家用电能表（图乙）的转盘 5min 内转了300转，此过程中养生壶消耗的电能和实际电功率各是多少？ 3﹣33
2016年内蒙古通辽市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共15小题，每小题2分，计30分．）
1．（2分）（2016•通辽）中考前，小明进行一次体检．下列数据最符合实际情况的是（ ）
A ．身高170dm B ．身体质量500g C ．体温36.8℃ D ．心率75次/s
【考点】长度的估测；温度；质量的估测；时间的估测．
【专题】估算题；估算法；估算综合应用题．
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．
【解答】解：A 、中学生身高170cm=1.70m，故A 不符合实际；
B 、中学生的质量约为50kg ，故B 不符合实际；
C 、正常情况下，人的体温在36.5℃﹣37℃左右，36.8℃在此范围，故C 最符合实际；
D 、中学生心跳每分钟约为75次，故D 不符合实际．
故选C ．
【点评】对日常生活中的速度、质量、长度、温度等进行准确的估测，是要求初中学生掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力．
2．（2分）（2016•通辽）日常生活中处处有声音，关于声音下列说法中正确的是（ ）
A ．声音传播需要介质，真空不能传声
B ．人们小声说话时，声音的音调一定低
C ．通过居民区的高速铁路需加装隔音屏障是在声源处减弱噪声
D ．声呐来获得水中鱼群位置是利用声音可以传递能量
【考点】声音的传播条件；响度与振幅的关系；防治噪声的途径；声与信息．
【专题】应用题；定性思想；声现象．
【分析】（1）声音传播需要介质，真空不能传播声音；
（2）音调是指声音的高低，由频率决定，响度是指人耳处感觉的声音的大小，由振幅和听者与声源的距离决定．
（3）防治噪声污染可以从噪声的产生、噪声的传播及噪声的接收这三个环节进行防治；
（4）声音即能传递信息，又能传递能量．
【解答】解：A 、声音传播需要介质，真空不能传声，故A 正确；
B 、小声说话是指声音的响度小，故B 错误；
C 、通过居民区的高速铁路需加装隔音屏障是在传播过程中减弱噪音，故C 错误；
D 、声呐来获得水中鱼群位置是利用声音可以传递信息，故D 错误．
故选A ．
【点评】本题考查了响度、减弱噪声的方式、真空不能传声以及声与能量的相关知识，具有一定的综合性，属于声学基础知识的考查．
3．（2分）（2016•通辽）在下列物态变化的实例中，正确的是（ ）
A ．舞台上用干冰制作“云雾”，这是汽化现象
B ．夏天阴凉地方的石头比较潮湿，这是液化现象
C ．电冰箱冷冻室内出现白色的霜，这是凝固现象
D ．衣柜中的樟脑丸，过一段时间变小或消失，这是熔化现象
【考点】生活中的升华现象；液化及液化现象；生活中的凝华现象．
【专题】定性思想；推理法；汽化和液化、升华和凝华．
【分析】（1）物质由固态吸热变为气态是升华现象，干冰与樟脑丸都由固态直接变为气态，都发生了升华现象；
（2）物质由气态遇冷放热变为液态是液化现象，石头湿润是空气中的水蒸气液化成水导致的；
（3）物质由气态放热变为固态是凝华现象，电冰箱里的霜是水蒸气凝华形成的；
根据以上知识答题．
【解答】解：A 、“云雾”实际上就是小液滴悬浮在空气中形成的，是液态，由空气中的水蒸气遇冷（干冰升华吸热使空气的温度降低）形成的，是液化现象，故A 错误．
B 、夏天阴凉的地方的石头比较湿润，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，是液化现象，故B 正确．
C 、电冰箱冷冻室内出现白色的霜，是水蒸气凝华形成的，故C 错误．
D 、衣柜中的樟脑丸，由固态吸热变为气态从而使樟脑丸变小，这是升华现象，故D 错误． 故选B ．
【点评】此题结合实际问题考查了物态变化的凝华、液化、升华现象；知道物态变化的概念机物质由什么状态变为什么状态，是解题的关键；生活中处处有物理知识，需要同学们留心观察，认真分析．
4．（2分）（2016•通辽）如图所示的四种光现象中，属于光的折射现象的是（ ）
A ．
拱桥倒影 B ．
树木间的光线
C ．
一叶障目，不见泰山 D ．
钢笔错位
【考点】光的折射现象及其应用．
【专题】应用题；光的折射、光的色散．
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的．
【解答】解：A 、拱桥倒影是指桥在镜子中成像，属于平面镜成像，是光的反射造成的；故A 错误；
B 、树木间的光线说明光是沿直线传播的；故B 错误；
C 、一叶障目，不见泰山是指树叶挡住光线，说明光是沿直线传播的；故C 错误；
D 、钢笔错位是因为光从一种透明介质进入另一种透明介质时，光路的方向发生改变而形成的，故属于光的折射现象，故D 正确．
故选D ．
【点评】此题通过不同的现象考查了学生对光的反射、光的直线传播及光的折射的理解，在学习中要注意区分，并要学会用所学知识解释有关的物理现象．
5．（2分）（2016•通辽）关于力和运动的关系，下列说法中正确的是（ ）
A ．髙速公路限速是因为车速越小惯性越小，可以减少交通事故的发生
B ．物体运动状态不改变，一定没有受到力的作用
C ．汽车做匀速直线运动，说明汽车受平衡力作用
D ．拋出去的篮球在上升过程中不受重力作用
【考点】力与运动的关系；惯性；重力．
【专题】定性思想；归纳法；运动和力；重力、弹力、摩擦力．
【分析】①一切物体都有惯性，惯性是物体的固有属性；惯性只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大；
②物体受平衡力作用，处于平衡状态，物体静止或做匀速直线运动；
③汽车处于平衡状态，受平衡力，合力为零．竖直方向：重力与支持力是一对平衡力．水平方向：牵引力与摩擦力；
④地球表面及附近的一切物体都受到重力的作用．
【解答】解：
A 、惯性的大小只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，与速度无关．此选项错误；
B 、物体运动状态不改变，可能受平衡力或不受力．此选项错误；
C 、汽车做匀速直线运动，说明汽车处于平衡状态，水平方向牵引力与摩擦力是一对平衡力．此选项正确；
D 、抛出去的篮球由于惯性继续上升，上升过程中受到竖直向下的重力，所以上升速度越来越小，达到最高点后加速下落．此选项错误．
故选C ．
【点评】此题是一道力学的综合题，考查了惯性现象、运动和力的关系、平衡力的判断及重力的存在．正确、全面理解基本规律，是解答的基础．
6．（2分）（2016•通辽）为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统．当乘客坐在座椅上时，座椅下的开关S 1闭合，若未系安全带，则开关S 2断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关S 2闭合，指示灯熄灭．下列设计最合理的电路图是（ ）
A ． B ． C ．
D ．
【考点】串、并联电路的设计．
【专题】应用题；图析法；电流和电路．
【分析】由题意知，只有坐在座椅上时，指示灯才亮，故S 1可控制灯，当开关S 2闭合时，灯又不亮了，说明指示灯被S 2短路了．
【解答】解：A ．指示灯与S 1串联后与S 2并联，乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，但出现电源短路，故A 不符合题意；
B ．两开关并联，无论乘客坐下，还是系上安全带，指示灯都会发光，故B 不符合题意；
C ．两开关串联，只有乘客坐下，系上安全带时指示灯才会发光，故C 不符合题意；
D ．指示灯与S 1串联，与S 2并联，乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，并且不会出现电源短路，故D 符合题意．
故选D ．
【点评】本题利用了对用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路的情况，电阻是保护电源，可使电路对电源不被短路．
7．（2分）（2016•通辽）下列电与磁有关的说法中正确的是（ ）
A ．地球是个巨大磁体，而且地磁场的北极在地理北极附近
8B ．电磁波在真空中传播速度是3×1O m/s
C ．电动机是利用电磁感应原理工作的
D ．红外线、紫外线、超声波都属于电磁波
【考点】电磁感应；地磁场；直流电动机的原理；电磁波的传播．
【专题】应用题；磁现象、电生磁；信息的传递．
【分析】（1）地磁场的北极在地理的南极附近，地磁的南极在地理的北极附近；
（2）电磁波在真空中传播速度是3×1O m/s；
（3）电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用；
（4）超声波是声波，不属于电磁波．
【解答】解：
A 、地球是个巨大磁体，而且地磁场的北极在地理南极附近，不是在地理北极附近，故A 错误；
8B 、电磁波在真空中传播速度是3×1O m/s，故B 正确；
C 、电动机是利用通电导体在磁场中受到力的原理工作的，发电机是利用电磁感应原理工作的，故C 错误；
8
D 、红外线、紫外线都属于电磁波，而超声波不属于电磁波，故D 错误．
故选B ．
【点评】本题主要考查了对地磁场、电磁波及其传播，电动机和发电机原理的了解与掌握，难度不大．
8．（2分）（2016•通辽）透镜在我们的生活学习中应用广泛，下列说法错误的是（ ）
A ．近视眼镜利用了凹透镜对光的发散作用
B ．照相时被照者应站在镜头二倍焦距以外
C ．显微镜的目镜成正立、缩小的虚像
D ．借助放大镜看地图时，地图到放大镜的距离应小于一倍焦距
【考点】近视眼的成因与矫正办法；凸透镜成像的应用；显微镜．
【专题】应用题；透镜及其应用．
【分析】（1）掌握近视眼的成因及矫正，近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用；
（2）根据照相机是根据物距大于2倍焦距时，凸透镜成倒立缩小实像的原理制成的进行分析；
（3）显微镜的目镜成的是正立放大的虚像；
（4）根据放大镜是根据物距小于焦距时，凸透镜成正立放大虚像的原理制成的进行分析．
【解答】解：A 、近视眼是晶状体曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强，应佩戴发散透镜，使光线推迟会聚，故A 正确，故A 正确；
B 、照相机照相的原理是将2倍焦距以外的物体成像在胶片上，所以照相时应该站在镜头的二倍焦距以外，故B 正确；
C 、显微镜的目镜成正立、放大的虚像，物镜成倒立、放大的实像，故C 错误；
D 、放大镜是根据物距小于焦距时，凸透镜成正立放大虚像的原理，故D 正确．
故选C ．
【点评】此题考查了有关凸透镜成像的规律及应用，同时考查了有关近视眼的成因及矫正，是一道基础性题目．
9．（2分）（2016•通辽）如图所示工具中，使用时不能省力但能省距离的是（ ）
A ．
动滑轮 B ．
订书机 C ．
筷子 D ．
天平
【考点】杠杆的分类．
【专题】定性思想；推理法；简单机械．
【分析】使用时不能省力但能省距离的是费力杠杆，该题考查了学生对物理模型的抽象、分析能力．判断杠杆的类型可根据生活经验或动力臂与阻力臂的大小关系来判断．
【解答】解：
A 、动滑轮实质是动力臂是阻力臂二倍的杠杆，它可以省力一半，省力但费距离，故该选项不符合题意；
B 、订书机在使用时，动力臂大于阻力臂，所以它是省力杠杆，省力但费距离，故该选项不符合题意；
C 、筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，所以它是费力杠杆，费力但能省距离，故该选项符合题意；
D 、天平在使用时，动力臂等于阻力臂，所以它既不省力也不费力，既不省距离也不费距离，故该选项不符合题意．
故选C ．
【点评】联系生活经验，要判断杠杆的类型，可依据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系：若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆；若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆；若动力臂等于阻力臂，则为等臂杠杆．
10．（2分）（2016•通辽）下列关于能量的说法中正确的是（ ）
A ．在北方很多地区充分利用风力来发电，风能属于可再生能源
B ．物体内能增加，一定要从外界吸收热量
C ．“神舟”飞船在加速升空过程中，它的动能增加，机械能不变
D ．汽油机做功冲程中，将机械能转化为内能
【考点】能源的分类；动能和势能的转化与守恒；物体内能的改变；内燃机的四个冲程．
【专题】应用题；定性思想；分子热运动、内能；比热容、热机、热值；机械能及其转化；能源的利用与发展．
【分析】（1）能够源源不断的从自然界得到补充的能源叫可再生能源，如太阳能、风能、生物质能等；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源，如煤、石油等；
（2）改变物体内能的两种方法是做功和热传递；
（3）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能等于动能和势能之和．
（4）吸气和排气冲程不发生能量转化，压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能．
【解答】解：
A 、我国北方地区风能资源比较丰富，可以充分风能来发电，风能可以源源不断的从自然界获得，是可再生能源，故A 正确．
B 、因为改变物体内能的方法有：做功和热传递．物体内能增加，可能从外界吸收热量，也可能是外界对物体做功，故B 错误．
C 、飞船在加速升空过程中，速度增大，动能增大；高度增加，重力势能增加，所以机械能增加，故C 错误
D 、压缩冲程将汽油和空气的混合物压缩，将机械能转化内能，做功冲程将内能转化为机械能，故D 错误．
故选A ．
【点评】本题主要考查学生对：能源的种类、改变内能的方法、能量的转化的理解和掌握，属于常见题型，是一道基础性题目．
11．（2分）（2016•通辽）“生活处处有物理”．下列生活现象与其解释正确的是（ ）
A ．用髙压锅煮饭﹣﹣增大锅内气压，降低水的沸点
B ．破镜难圆﹣﹣分子间的斥力大于引力
C ．用活塞式抽水机抽水﹣﹣利用了连通器原理
D ．飞机靠机翼获得升力﹣﹣流体流速大的位置流体压强小
【考点】飞机的升力；沸点及沸点与气压的关系；大气压的综合应用；分子间的作用力．
【专题】应用题；定性思想；分子热运动、内能；气体的压强、流体压强与流速的关系．
【分析】（1）大气压越高，沸点就越高，大气压越低，沸点就越低；
（2）分子之间是存在作用力，但是分子间距离超过分子直径10倍时，分子间作用力几乎不存在了；
（3）活塞式抽水机抽水是利用大气压作用；
（4）流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大，飞机靠这一原理获得了升力．
【解答】解：
A 、高压锅可以增大气压，这样可以提高水的沸点，故A 错误；
B 、“破镜不能重圆”．这是因为镜破处分子间的距离太大了，超过分子直径10倍，分子间作用力几乎不存在了，故B 错误；
C 、使用活塞式抽水机抽水是利用大气压作用，故C 错误；
D 、飞机的机翼能获得向上的升力，是应用了流速越大流体的压强越小的原理，故D 正确． 故选D ．
【点评】此题是一道综合题目，需要结合多个物理知识点进行分析解答，属于综合题目，是中考中的易错题目．
12．（2分）（2016•通辽）如图所示，把一个重400N 的物体沿竖直方向上在10s 内匀速提升了2m ，所用拉力F 为140N ，不计摩擦和绳重．则下列计算结果错误的是（ ）
A ．动滑轮重20N B．拉力F 做功840J
C ．拉力F 做功的功率为84W D ．此滑轮组机械效率为80%
【考点】机械效率的计算；滑轮（组）的机械效率；功率的计算．
【专题】计算题；功、功率、机械效率．
【分析】由图可知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n=3；
（1）不计绳重和摩擦，
F=（G +G 动），据此求动滑轮重力；
（2）自由端移动的距离s=3h，利用W=Fs求拉力做的功；
（3）知道时间，利用P=求拉力F 的功率；
（4）有用功W 有用，利用效率公式求该滑轮组的机械效率．
【解答】解：由图可知，动滑轮上绳子的段数n=3；
A 、不计绳重和摩擦，
F=（G +G 动），
即：140N=×（400N +G 动），则G 动=20N；故A 正确；
B 、自由端移动的距离：s=3h=3×2m=6m，
拉力做的功为：W 总=Fs=140N×6m=840J；故B 正确；
C 、拉力F 的功率：P=
==84W，故C 正确；
D 、有用功W 有用=Gh=400N×2m=800J，
该滑轮组的机械效率为：
η=
=×100%≈95.2%；故D 错．
故选D ．
【点评】本题考查了有用功、总功、机械效率、动滑轮重力的计算，根据题图确定n 的大小（直接从动滑轮上引出的绳子股数）是本题的突破口，灵活选用公式计算是关键．
13．（2分）（2016•通辽）张华同学在“探究通过导体的电流与其两端电压的关系”的实验时，将记录的实验数据通过整理作出了如图所示的图象．分析图象得出的下列说法中错误的是（ ）
A ．通过导体A 的电流与其两端的电压成正比
B ．导体A 和B 的电阻之比为1：2
C ．当在导体B 的两端加上1V 的电压时，通过导体B 的电流为0.1A
D ．将导体A 和B 串联时通过A 的电流为0.4 A，则导体B 两端电压为2V
【考点】欧姆定律的应用．
【专题】应用题；电路和欧姆定律．
【分析】（1）由图象可知，通过两导体的电流与各自两端的电压成正比例函数即为定值电阻；
（2）从图象中读出2V 时通过两端的电流，根据欧姆定律求出两电阻的阻值，然后比较两电阻的大小关系；
（3）根据欧姆定律求出当在导体B 的两端加上1V 的电压时，通过的电流；
（4）将导体A 和B 串联时通过A 的电流为0.4A ，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出导体B 两端电压．
【解答】解：
A ．由图象可知，导体A 的电流与电压关系图象为一条过原点的倾斜直线，所以通过导体A 的电流与其两端的电压成正比，故A 正确；
B ．当U A =UB =2V时，I A =0.4A，I B =0.2A，
根据欧姆定律可得两导体的电阻分别为：
R A ===5Ω，R B ===10Ω，
所以导体A 和B 的电阻之比：R A ：R B =5Ω：10Ω=1：2，故B 正确；
C ．当在导体B 的两端加上1V 的电压时，通过导体B 的电流：
I B ′
=
==0.1A，故C 正确；
D ．将导体A 和B 串联时，因串联电路中各处的电流相等，
所以，通过A 的电流为0.4A 时，通过B 的电流也为0.4A ，
则导体B 两端电压：U B ″=IB ″R B =0.4A×10Ω=4V，故D 错误．
故选D ．
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据图象得出相关的信息．
14．（2分）（2016•通辽）两个用同一种材料制成且完全相同的密闭圆台形容器一正一反放置在同一水平桌面上，容器内装有质量和深度均相同的不同液体，如图所示．若它们分别在水平方向拉力F 1和F 2的作用下沿 水平桌面做匀速直线运动，速度分别为v 和2v ，容器底部受到液体的压强分别为p 1和p 2． 下列关系正确的是（ ）
A ．p 1=p2 F 1=F2 B ．p 1＞p 2 F 1=F2 C ．p 1＞p 2 F 1＜F 2 D ．p 1＜p 2 F 1＞F 2
【考点】液体压强计算公式的应用；二力平衡条件的应用．
【专题】应用题；运动和力；压强、液体的压强．
【分析】（1）根据质量和体积的关系判断出液体的密度关系，由p=ρ液gh 判断容器底受到压强的大小；
（2）根据影响摩擦力大小的因素判断出摩擦力的关系，由二力平衡条件判断拉力的大小．
【解答】解：容器内装有质量和深度均相同的不同液体，由图可知，V 1＜V 2，
根据ρ=可知，两种液体的密度ρ1＞ρ2；
由p=ρ液gh 可知，容器底部受到液体的压强p 1＞p 2；
容器质量相同，内装液体的质量相同，则容器对桌面的压力相等，
又因为容器材料相同，放置在同一水平桌面上，即接触面的粗糙程度相同，
所以容器与桌面间的摩擦力相等，
在水平方向拉力F 1和F 2的作用下沿桌面做匀速直线运动，
所以拉力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，即：F 1=F2．
由上分析知，ACD 错误，B 正确．
故选：B ．
【点评】本题主要考查了液体压强和二力平衡条件的应用，能够比较出两种液体的密度大小，判断出容器与桌面间的摩擦力大小是解决问题的关键，具有一定的综合性．
15．（2分）（2016•通辽）如图，电源电压18V 保持不变，电流表量程是0﹣0.6A ，电压表量程是0﹣15V ，小灯泡上 标有“6V 3W”字样．要求：开关闭合后两个电表的示数均不超过所选量程，且灯泡两端电 压不允许超过额定电压（灯丝电阻不变）．则下列说法正确的是（ ）
A ．滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表和电压表示数都变大
B ．当电流表示数为0.4A 时，电压表示数为12V
C ．该电路的最大功率为9W
D ．滑动变阻器允许调节的范围是18Ω﹣60Ω
【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用；电功率的计算．
【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率；电路变化分析综合题．
【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．
（1）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化；
（2）根据P=UI求出灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻，再根据欧姆定律求出电流表的示数为0.4A 时灯泡两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电压表的示数；
（3）比较灯泡的额定电流和电流表的量程确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小、电路消耗的功率最大，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，根据P=UI求出电路的最大功率；当电压表的示数最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值，进一步求出滑动变阻器接入电路中电阻的范围．
【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．
（1）滑动变阻器的滑片向左移动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由
I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；
由U=IR可知，灯泡两端的电压变大；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小，故A 错误；
（2）由P=UI可得，灯泡的额定电流：I L
===0.5A，
灯泡的电阻：R L
=
==12Ω，
当电流表示数为0.4A 时，灯泡两端的电压：U L ′=IRL =0.4A×12Ω=4.8V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电压表的示数：U 滑=U﹣U L ′=18V﹣
4.8V=13.2V，故B 错误；
（3）因串联电路中各处的电流相等，且灯泡的额定电流为0.5A ，电流表的量程为0～0.6A ，所以，电路中的最大电流为0.5A ；
此时电路中的总电阻：R===36Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R 滑小=R﹣R L =36Ω﹣12Ω=24Ω，
电路消耗的最大功率：P 大=UI大=18V×0.5A=9W，故C 正确；
当电压表的示数为15V 时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，
此时灯泡两端的电压：U L ″=U﹣U 滑大=18V﹣15V=3V，
因串联电路中各处的电流相等， 所以，=，即=，
解得：R 滑大=60Ω，
所以，滑动变阻器允许调节的范围是24Ω～60Ω，故D 错误．
故选C ．
【点评】本题考查了电路的动态分析和串联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的应用，关键是滑动变阻器接入电路中最大和最小阻值的确定．
二、作图与实验题（16-18小题各2分，19一20小题各3分，21小题4分，22小题5分，计21分）
16．（2分）（2016•通辽）根据平面镜成像的特点，在图中画出物体AB 在平面镜MM ′中的像A ′B ′．
【考点】平面镜成像的相关作图．
【专题】作图题；光的传播和反射、平面镜成像．
【分析】首先要知道平面镜成像的特点：像与物到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、大小相等、左右相反，即像与物关于平面镜对称；
其次掌握本题的基本作法：作出两个端点A 、B 的像点，连接像点即为物体AB 在平面镜中的像．
【解答】解：
根据平面镜成像的特点，先作出物体AB 的端点A 、B 在平面镜中的对称点A ′、B ′，连接A ′、B ′点即为物体AB 在平面镜中的像，注意辅助线和像用虚线，如图所示：
【点评】在平面镜成像作图中，若作出物体在平面镜中所成的像，要先根据像与物关于平面镜对称，先作出端点和关键点的像点，再用虚线连接各点即为物体的像．
17．（2分）（2016•通辽）如图所示是小明使用一杆秤称物体质量的情境．请画出秤砣绳对秤杆拉力F 1的力臂L 1和秤钩对秤杆的拉力F 2的示意图．
【考点】力臂的画法．
【专题】作图题；简单机械．
【分析】（1）秤钩对秤杆的拉力F 2的作用点在秤杆上，方向竖直向下，过拉力F 2的作用点表示出拉力的方向；
（2）已知支点和动力的方向，根据力臂的定义过支点作力的作用线的垂线段．
【解答】解：
（1）秤钩对秤杆的拉力F 2的作用点在秤杆上，方向竖直向下，过拉力作用点作竖直向下的力F 2；
（2）反向延长秤砣绳对秤杆拉力F 1得到动力作用线，然后过支点O 作F 1作用线的垂线段，即动力臂L 1，
如下图所示：
【点评】本题考查力的示意图以及力臂画法的掌握情况；确定力的作用点和方向，是正确画出力的示意图的前提．
18．（2分）（2016•通辽）如图甲所示是小明常用的一个插线板，他在使用中发现，插线板的指示灯在开关断开时不发光，插孔不能提供工作电压；而在开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供工作电压，如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压．根据上述现象，请在图乙中画出开关、指示灯和插孔的连接方式，并把接线板与电源线接通．
【考点】串、并联电路的设计．
【专题】作图题；电流和电路．
【分析】插线板的指示灯在开关断开时不发光、插孔不能提供工作电压，而在开关闭合时指示灯发光、插孔可以提供工作电压，说明开关同时控制指示灯和插孔；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压，说明指示灯和插孔可以独立工作、互不影响即为并联，且开关位于干路．
【解答】解：经分析可知，指示灯和插孔之间是并联，开关位于干路，如下图所示：
【点评】本题考查了串并联电路的设计，根据电路的工作特点确定指示灯和插孔的连接方式以及开关的位置是关键．
19．（3分）（2016•通辽）为了探究电磁铁的磁性强弱跟哪些因素有关，小明同学用漆包线（表面涂有绝缘漆的导线）在大铁钉上绕若干匝，制成简单的电磁铁，如图所示．用此装置去吸引大头针，甲、乙、丙、丁为实验中观察到的四种情况．
（1）实验中通过电磁铁 吸引大头针数目的多少 ；判断电磁铁磁性的强弱，这一方法体现了转换的思想．
（2）比较 乙、丙 两图可知：线圈匝数相同时，电流越大磁性越强．
（3）根据图丁可以得出的结论是 电流一定时，匝数越多，磁性越强 ．
【考点】探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验．
【专题】探究题；探究型实验综合题．
【分析】（1）磁性的强弱是无法直接观察的．利用磁性的不同产生的磁力不同来认识电磁铁磁性的强弱不同，此题中就是利用电磁铁吸引大头针数目的不同来反映磁性强弱的不同的，这是一种转换的方法；
（2）（3）电磁铁磁性强弱的影响因素：电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯．电流越大，匝数越多，有铁芯时电磁铁的磁性越强．
【解答】解：
（1）线圈的磁性越强，吸引的大头针越多；所以可以根据吸引大头针的多少判断电磁铁磁性的强弱，这是转换法．
（2）乙图和丙图线圈的匝数相同，丙的电流大，磁性强．说明电磁铁的电流越大，磁性越强．
（3）由丁图可知，两个线圈串联，通过的电流相同．线圈匝数多的吸引大头针多，说明磁性强．
故答案为：（1）吸引大头针数目的多少；（2）乙、丙；（3）电流一定时，匝数越多，磁性越强．
【点评】此题主要是探究电磁铁的磁性与电流和线圈匝数之间的关系，注意转换法和控制变量法在此实验中的应用．
20．（3分）（2016•通辽）如图是小宇“探究滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验操作过程，铁块和木块的大小、形状完全相同，木块表面比铁块表面粗糙．
（1）实验中，小宇用弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动物块，根据 二力平衡 ，可知滑动摩擦力大小等于弹簧测力计对物块的拉力．
（2）比较甲、乙两图，可以得出的结论是 接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大
（3）乙、丙两图中铁块和木块叠放在一起的目的是 压力大小 相同，比较乙、丙两图可得滑动摩擦力大小还与接触面的粗糙程度有关．
【考点】探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验．
【专题】定性思想；控制变量法；探究型实验综合题．
【分析】（1）弹簧测力计拉动物体在水平放置的长木板上做匀速直线运动，根据二力平衡的知识可知，铁块受到的拉力和摩擦力大小相等；
（2）比较甲、乙两图，找出相同因素和不同因素，结合控制变量法的思想得出结论；
（3）乙、丙两图中铁块和木块叠放在一起，控制了压力相同，通过比较弹簧测力计的示数得出结论．
【解答】解：（1）甲图中铁块做匀速直线运动，处于平衡状态，根据二力平衡的知识可知，水平方向受到的摩擦力和弹簧测力计的拉力大小相同；
（2）甲、乙两图，接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，弹簧测力计的示数也不同，可得到的结论是：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）乙、丙两图中铁块和木块叠放在一起，控制了压力大小相同，与长木板的接触面不同，粗糙程度不同，摩擦力大小不同，因此探究的是摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系．
故答案为：（1）二力平衡；（2）接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；（3）压力大小．
【点评】本题考查了“探究影响滑动摩擦力大小”实验的实验操作、实验现象分析等，实验中应用了控制变量法，正确理解并熟练应用控制变量法是正确解题的关键．
21．（4分）（2016•通辽）小明和小华分别利用图甲所示的相同装置探究水沸腾时温度变化的特点，当水温到90℃后，每隔0.5min 记录一次温度并绘制出了如图乙所示的水温与时间关系的图象．
（1）小明实验中发现烧杯中水沸腾后温度计示数稳定不再上升．由此得出的结论是：水在沸腾过程中虽然继续吸热，但 温度不变 ．
（2）分析图乙可知，小华将水加热至沸腾的时间明显较长，最有可能的原因是 杯中水的质量过大 ．
（3）小华使用酒精灯加热过程中消耗了 10g 酒精，则10g 酒精完全燃烧时放出的热量是 3
57×10 J ．（酒精的热值是3.0×l0J/kg）
（4）小华改进实验不足并收集多组数据是为了 B （选填“A ”或“B ”）．
A ．减少实验误差 B ．寻找普遍的规律．
【考点】探究水的沸腾实验；燃料的热值．
【专题】探究型实验综合题．
【分析】（1）水沸腾特点是达到沸点，继续吸热，虽继续吸热，温度保持不变；
（2）将水加热至沸腾的时间与水的质量，水的初温，酒精灯的火焰有关；有图象知初温都是90℃，同一个酒精灯，所以应是水的质量大的缘故；
（3）利用公式Q 放=mq求结果；
（4）有图乙可知，是记录数据作图，发现继续加热，达到沸点，温度不变，所以是为了验证水沸腾的普遍规律．
【解答】解：（1）有沸腾特点可知，虽然继续吸热，但温度不变；
（2）有图象知小明3min 水沸腾，小华6min 水沸腾，俩人所用酒精灯相同，初温都是90℃，故最可能的原因是杯中水的质量过大；
（3）利用公式Q 放=mq=0.01kg×3.0×10J/kg=3×10J ；
（4）收集数据是为了作图，通过图象，寻找出普遍规律．
5故答案为：（1）温度保持不变；（2）杯中水的质量过大；（3）3×10；（4）B ．
【点评】本题考查水沸腾的特点；判断加热时间过长的原因；公式Q 放=mq的运算；对收集的数据图象进行分析；是一道基础题．
22．（5分）（2016•通辽）在伏安法“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为 6V ，小灯泡额定电压为2.5V （灯丝电阻约为12Ω）． 75
（1）连接电路时，开关应断开，闭合开关前，应将图甲中所示的滑动变阻器的滑片滑到 A 端（选填“A ”或“B ”）．
（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，电压表有示数，电流表无示数，则故障原因可能是 小灯泡断路 ．
（3）排除故障后，闭合开关，移动滑片，发现电压表的示数如图乙所示，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑片向 B 移动（选填“A ”或“B ”）．
（4）小灯泡的电流随它两端电压变化关系如图丙，分析图象可知：
①小灯泡额定功率是W ．
②小灯泡灯丝电阻是变化的．灯丝电阻变化的原因是．
【考点】电功率的测量．
【专题】实验题；电能和电功率；测量型实验综合题．
【分析】（1）为了保护电路，在连接电路时应断开开关，滑动变阻器的滑片应置于最大阻值处；
（2）电流表无示数，说明电路中有断路故障；电压表有示数，说明电压表与电源两极连通，电压表并联部分之外的电路是完好的，则故障为小灯泡断路；
（3）读出乙图中电压表的示数，此时灯泡的电压小于额定电压，要灯泡正常发光，应增大灯泡两端的电压，根据串联分压的规律确定滑片移动的方向；
（4）当灯泡电压达到额定电压时灯泡正常发光，由图象读出灯泡电压2.5V 时的电流，根据P=UI计算额定功率；灯丝电阻受温度影响．
【解答】解：
（1）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于最大阻值处，由甲图可知滑片应滑到A 端；
（2）闭合开关，发现灯泡不发光，电流表无示数，说明电路中有断路故障；电压表有示数，说明电压表与电源两极连通，电压表两接线柱到电源两极间的各元件是完好的，则故障为小灯泡断路；
（3）小灯泡额定电压为2.5V ，由图乙可知，电压表的示数为2.2V ，低于额定电压；要使灯泡正常发光，应增大灯泡两端的电压，根据串联分压的规律可知，应减小变阻器两端的电压，减小变阻器的阻值，应将滑片向B 端滑动，直到电压表的示数为2.5V ；
（4）①当电压表示数为2.5V 时，灯泡正常发光，由图丙可知，此时灯泡的电流为0.2A ， 灯泡的额定功率：P=UI=2.5V×0.2A=0.5W．
②由图象可知，灯泡的电流与电压不成正比，即灯丝的电阻是变化的，原因是灯丝的电阻随温度的变化而变化（或灯丝的电阻受温度的影响）．
故答案为：（1）A ；（2）小灯泡断路；（3）B ；
（4）①0.5；②灯丝的电阻随温度的变化而变化（或灯丝的电阻受温度的影响）．
【点评】本题考查了“测定小灯泡的电功率”的实验，涉及到电路故障的分析、电路的动态变化问题、电功率的计算、图象的分析等等，综合性较强．
三、简答与计算题（23题5分，24题7分，25题7分，计19分）
23．（5分）（2016•通辽）小彬在旅游日记中记下旅途中他在汽车上的一些感受：“炎热的夏天，我坐在车窗边舒适柔软的靠背椅上①，看到路旁的树木急速地向后退去②，打开车窗，阵阵花香飘了进来③，今我心旷神怡．突然，我不由自主地向前倾倒，只好抓住前面的椅背．”请你对画线部分用学过的物理知识依次加以解释．
【考点】减小压强的方法及其应用；参照物及其选择；扩散现象．
【专题】简答题；分子热运动、内能；长度、时间、速度；压强、液体的压强．
【分析】解答此题从以下知识点入手：
①影响压强的因素有压力和受力面积，减小压强可以从减小压力和增大受力面积入手． ②所谓参照物就是在研究机械运动时被选为标准的物体．在研究机械运动时，所选的参照物不同的话，物体是静止还是运动结果就不相同；
③阵阵花香，沁人心脾．花香四溢的现象说明分子是不断运动的，花粉的分子运动到我们的鼻子，刺激嗅觉器官，闻到花香．
【解答】答：①根据公式p=可知，舒适柔软的靠背椅上．是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，椅子对人的压强越小，所以感觉舒适柔软；
②坐在车窗边的靠背椅上，如果开动汽车为参照物，将会看到路旁的树木急速地向后退去； ③打开车窗，由于分子在不断运动，花的香味分子运动到空气中，进入人们的鼻孔，使人感觉到了阵阵花．
【点评】此题以最基础的方法考查了有关压强、参照物的选择、扩散现象等知识，这种考查方法是由于基础知识的回顾，要求学生应熟练掌握．
24．（7分）（2016•通辽）钓鱼岛自古以来就是中国固有领土，早在1373年我国渔民就已经发现了钓鱼岛，如图所示是我国一艘装备精良的现代化综合公务船正在钓鱼岛附近巡航．
33（海水密度取1.02×10kg/m，g 取10N/kg）
（1）若该船的声呐探头距海面深度为10m ，则该声呐探头受到海水的压强是多少？
3（2）该船满载时排开海水体积为3000m ，此时船受到的浮力和重力各是多少？
（3）该公务船以36km/h的速度匀速航行5h ，若航行时受到阻力为船重的0.05倍，则这一过程中动力所做的功是多少？
【考点】液体的压强的计算；阿基米德原理；功的计算．
【专题】计算题；压强和浮力；功、功率、机械效率．
【分析】（1）已知海水的密度和声呐探头的深度，利用p=ρgh 求出该声呐探头受到海水的压强；
（2）知道该船满载时排开海水体积，根据阿基米德原理求出受到的浮力，再根据漂浮条件求出船受到的重力；
（3）已知船行驶的速度和时间，根据s=vt求出行驶的路程，轮匀速航行时处于平衡状态，动力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据W=Fs求出这一过程中动力所做的功．
【解答】解：（1）该声呐探头受到海水的压强：
335p=ρgh=1.02×10kg/m×10N/kg×10m=1.02×10Pa ；
（2）船受到的浮力：
F 浮=ρgV 排=1.02×10kg/m×10N/kg×3000m =3.06×10N ，
因船处于漂浮状态，
所以，船的重力：
G=F浮=3.06×10N ；
（3）由v=可得，船行驶的路程：
s=vt=36km/h×5h=180km=1.8×10m ，
因船匀速行驶时动力和阻力是一对平衡力，
所以，船的动力：
76F=f=0.05G=0.05×3.06×10N=1.53×10N ，
动力所做的功：
6511W=Fs=1.53×10N ×1.8×10m=2.754×10J ；
5答：（1）该声呐探头受到海水的压强是1.02×10Pa ；
7（2）船受到的重力和浮力都是3.06×10N ；
11（3）这一过程中动力所做的功是2.754×10J ．
【点评】本题考查功的计算、浮力大小的计算、液体压强的计算和阿基米德原理公式的理解和应用，难度不大，是一对较为简单的应用题．
25．（7分）（2016•通辽）养生壶是一种用于养生保健的可以烹饮的容器，类似于电水壶，其最大的特点是釆用一种新型的电加热材料，通过髙温把电热膜电子浆料（金属化合物）喷涂在玻璃表面形成面状电阻，在两端制作银电极，通电后产生热量把壶内的水加热．小明家
（2）若壶内装有2L 温度为20℃的水，在一个标准大气压下，将水烧开，此过程中水吸收的热量是多少？[c 水=4.2×l0J/（kg •℃），lL=1×10m ]
（3）小明关闭了家中的其他所有用电器，只用该壶在加热过程中家用电能表（图乙）的转盘 5min 内转了300转，此过程中养生壶消耗的电能和实际电功率各是多少？ 3﹣33337753
【考点】电功与热量的综合计算；电功率与电压、电流的关系．
【专题】计算题；电和热综合题．
【分析】（1）该养生壶正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=求出面状电阻的阻值；
（2）知道水的体积，根据m=ρV 求出水的质量，在一个标准大气压下水的沸点是100℃，根据Q 吸=cm（t ﹣t 0）求出水吸收的热量；
（3）3000resv/kW•h 表示的是电路中每消耗1kW •h 的电能，电能表的转盘转3000圈，据此求出转300转消耗的电能，再根据P=求出实际功率．
【解答】解：（1）由P=
R==
3可得，面状电阻的阻值： =40Ω； ﹣3（2）水的体积： V=2L=2dm=2×10m ，
由ρ=可得，水的质量：
m=ρV=1.0×10kg/m×2×10m =2kg，
在一个标准大气压下水的沸点是100℃，则水所需吸收热量：
Q 吸=cm（t ﹣t 0）=4.2×10J/（kg •℃）×2kg ×（100℃﹣20℃）=6.72×10J ；
（3）此过程中养生壶消耗的电能： W=kW •h=0.1kW•h ， 3533﹣333
实际功率：
P ′=
==1.2kW．
答：（1）该养生壶正常工作时，面状电阻的阻值为40Ω；
（2）此过程中水吸收的热量是6.72×l0J ；
（3）此过程中养生壶消耗的电能为0.1kW •h ，实际电功率是1.2kW ．
【点评】本题以养生壶为载体考查了电能表参数的理解、电功率公式、吸热公式、密度公式的应用，理解电能表参数的含义是关键，要注意标准大气压下水的沸点是100℃．
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参与本试卷答题和审题的老师有：九洲风云；gwb46；llm ；wdsxg ；刘伟；wscdd ；wdnyx2011；951574352；liurenkun ；fhp826；2107959882；190438938；胡善辉；明天09（排名不分先后） 菁优网
2017年1月5日