陕西师大附中2015—2016学年度第二学期
期末考试高二年级物理答案
一、选择题（本题共15小题，满分45分。其中1-10小题为单选题，11-15小题为
二、实验题（本题共2小题，第16题6分，第17题9分，共15分。）
x 3－x 1
16. (1)2Δt (2)下滑的位移x mgx (3)过原点的直线 滑块的质量M 17. ⑴. ①
. 红，②. 右，③.b ，④.1500；⑵. 偏小，700 三、计算题（本题共4小题，满分40分。）
18.(10分)
解析 (1)分析滑块受力，如图所示，由牛顿第二定律得：a 1＝g sin θ＝6 m/s2 通过图(b)可知滑块在斜面上运动的时间为：t 1＝1 s， 1
由运动学公式得：s ＝2a 1t 21＝3 m.
(2)滑块对斜面的压力为：N 1′＝N 1＝mg cos θ 木块对传感器的压力为：F 1＝N 1′sin θ 由图(b)可知：F 1＝12 N，解得：m ＝2.5 kg. (3)滑块滑到B 点的速度为：v 1＝a 1t 1＝6 m/s， 由图(b)可知：f 1＝f 2＝5 N，t 2＝2 s， f 1a 2＝m ＝2 m/s2，s 2＝v 1t 2－22t 22＝8 m.
19. （10分）
解析 (1)输送功率P ＝500 kW，一昼夜输送电能E ＝Pt ＝12 000 kW·h 输电线上损失的电能ΔE ＝4 800 kW·h
终点得到的电能E ′＝E －ΔE ＝7 200 kW·h ， E ′
所以输电效率η＝E 60% P
输电线上的电流I ＝U 100 A
ΔE
输电线损耗功率P r ＝I r ，其中P r ＝t ＝200 kW
2
得r ＝20 Ω.
1⎛P (2)输电线上损耗功率P r ＝ U 2r ∝U ⎝⎭原来P r ＝200 kW，现在要求P r ′＝10 kW， 解得输电电压应调节为U ′＝22.4 kV. 20. （10分） 解析 (1)由I ＝
Bd v 1
F 安＝BId R ＋r
B 2d 2v 1
可得F 安＝R ＋r
根据平衡条件可得F ＝μmg＋F 安
(F －μmg)(R ＋r )(10－0.2×1×10)(2＋1)
解得v 1B d 2×1＝6 m/s
B 2d 2v 2
(2)稳定后F ＝μmg＋R ＋r 且P ＝F v 2 整理得2v 22＋3v 2－9＝0 解得v 2＝1.5 m/s
Q R (3)金属棒和灯泡串联，由Q ＝I 2Rt 得灯泡和金属棒产生的热量比Q ＝r
r
1
根据能量守恒Pt ＝2v 23＋Q R ＋Q r 解得v 321.(10分)
2(Pt －Q R －Q r )
m
2(20×1－12－6)
＝2 m/s.
1
解析 (1)从AB 面入射的光线，在棱镜中是平行于AC 面的，则光线进入AB 面时的入射角α、折射角β分别为α＝60°，β＝30°
sin α由折射定律知，该材料对此平行光束的折射率n ＝
sin β
(2)如图所示，O 为BC 的中点，在B 点附近折射的光线从BC 面射出后与直线AO 的延长线交于D 点，只要屏放得比D 点远，光斑就会分成两块．
3
由几何关系可得OD a
6
3
所以当屏到BC 面的距离d a 时，此光斑分为两块． 6
陕西师大附中2015—2016学年度第二学期
期末考试高二年级物理答案
一、选择题（本题共15小题，满分45分。其中1-10小题为单选题，11-15小题为
二、实验题（本题共2小题，第16题6分，第17题9分，共15分。）
x 3－x 1
16. (1)2Δt (2)下滑的位移x mgx (3)过原点的直线 滑块的质量M 17. ⑴. ①
. 红，②. 右，③.b ，④.1500；⑵. 偏小，700 三、计算题（本题共4小题，满分40分。）
18.(10分)
解析 (1)分析滑块受力，如图所示，由牛顿第二定律得：a 1＝g sin θ＝6 m/s2 通过图(b)可知滑块在斜面上运动的时间为：t 1＝1 s， 1
由运动学公式得：s ＝2a 1t 21＝3 m.
(2)滑块对斜面的压力为：N 1′＝N 1＝mg cos θ 木块对传感器的压力为：F 1＝N 1′sin θ 由图(b)可知：F 1＝12 N，解得：m ＝2.5 kg. (3)滑块滑到B 点的速度为：v 1＝a 1t 1＝6 m/s， 由图(b)可知：f 1＝f 2＝5 N，t 2＝2 s， f 1a 2＝m ＝2 m/s2，s 2＝v 1t 2－22t 22＝8 m.
19. （10分）
解析 (1)输送功率P ＝500 kW，一昼夜输送电能E ＝Pt ＝12 000 kW·h 输电线上损失的电能ΔE ＝4 800 kW·h
终点得到的电能E ′＝E －ΔE ＝7 200 kW·h ， E ′
所以输电效率η＝E 60% P
输电线上的电流I ＝U 100 A
ΔE
输电线损耗功率P r ＝I r ，其中P r ＝t ＝200 kW
2
得r ＝20 Ω.
1⎛P (2)输电线上损耗功率P r ＝ U 2r ∝U ⎝⎭原来P r ＝200 kW，现在要求P r ′＝10 kW， 解得输电电压应调节为U ′＝22.4 kV. 20. （10分） 解析 (1)由I ＝
Bd v 1
F 安＝BId R ＋r
B 2d 2v 1
可得F 安＝R ＋r
根据平衡条件可得F ＝μmg＋F 安
(F －μmg)(R ＋r )(10－0.2×1×10)(2＋1)
解得v 1B d 2×1＝6 m/s
B 2d 2v 2
(2)稳定后F ＝μmg＋R ＋r 且P ＝F v 2 整理得2v 22＋3v 2－9＝0 解得v 2＝1.5 m/s
Q R (3)金属棒和灯泡串联，由Q ＝I 2Rt 得灯泡和金属棒产生的热量比Q ＝r
r
1
根据能量守恒Pt ＝2v 23＋Q R ＋Q r 解得v 321.(10分)
2(Pt －Q R －Q r )
m
2(20×1－12－6)
＝2 m/s.
1
解析 (1)从AB 面入射的光线，在棱镜中是平行于AC 面的，则光线进入AB 面时的入射角α、折射角β分别为α＝60°，β＝30°
sin α由折射定律知，该材料对此平行光束的折射率n ＝
sin β
(2)如图所示，O 为BC 的中点，在B 点附近折射的光线从BC 面射出后与直线AO 的延长线交于D 点，只要屏放得比D 点远，光斑就会分成两块．
3
由几何关系可得OD a
6
3
所以当屏到BC 面的距离d a 时，此光斑分为两块． 6